【題目】如圖,直三棱柱ABC﹣A1B1C1中,∠ACB=90°,∠ABC=45°,AB=AA1=2,P為CC1的中點(diǎn).
(1)證明:AB1⊥平面PA1B;
(2)設(shè)E為BC的中點(diǎn),線段AB1上是否存在一點(diǎn)Q,使得QE∥平面A1ACC1?若存在,求四棱錐Q﹣AA1C1C的體積;若不存在,請(qǐng)說明理由.
【答案】(1)證明見解析;(2)存在;體積
【解析】
解法一:(1)證明A1ABB1為正方形,設(shè)A1B交AB1于點(diǎn)O,則O為AB1的中點(diǎn),且A1B⊥AB1.
連接PA,PB1,PO,推出PO⊥AB1,然后證明AB1⊥平面PA1B.
(2)當(dāng)Q為AB1中點(diǎn),即點(diǎn)Q與點(diǎn)O重合時(shí),QE∥平面A1ACC1.連接A1C,說明QE∥平面AA1C1C.Q到平面A1ACC1的距離等于B到平面A1ACC1的距離的一半,轉(zhuǎn)化求解幾何體的體積即可.
解法二:(1)證明A1ABB1為正方形,設(shè)A1B交AB1于點(diǎn)O,則O為AB1的中點(diǎn),且A1B⊥AB1.連接B1C交BP于F點(diǎn),推出BB1⊥平面ABC,AC⊥BB1.結(jié)合AC⊥BC,證明AC⊥平面BB1C1C,證明BP⊥平面AB1C,然后證明A1B⊥平面PA1B.
(2)當(dāng)Q為AB1中點(diǎn),即點(diǎn)Q與點(diǎn)O重合時(shí),QE∥平面A1ACC1.
取AB中點(diǎn)M,連接QM,ME,說明Q到平面A1ACC1的距離等于E到平面A1ACC1的距離,利用等體積法轉(zhuǎn)化求解即可.
解法三:(1)設(shè)A1B交AB1于點(diǎn)O,說明A1ABB1為正方形,
得到A1B⊥AB1,連接PA,PB1,PO,推出PO⊥AB1,證明PO⊥平面ABB1A1.得到平面PA1B⊥平面ABB1A1.即可證明AB1⊥平面PA1B.(2)同方法一
解:解法一:(1)證明:在△ABC中,
∵∠ACB=90°,∠ABC=45°,AB=2,
∴,
又直三梭柱ABC﹣A1B1C1中,AB=AA1=2,則A1ABB1為正方形,
設(shè)A1B交AB1于點(diǎn)O,則O為AB1的中點(diǎn),且A1B⊥AB1.
連接PA,PB1,PO,
∵側(cè)棱CC1⊥底面ABC,P為CC1的中點(diǎn),則,,
故PA=PB1.
∴PO⊥AB1,
∵PO∩A1B=O,且PO,A1B平面PA1B,
∴AB1⊥平面PA1B.
(2)當(dāng)Q為AB1中點(diǎn),即點(diǎn)Q與點(diǎn)O重合時(shí),QE∥平面A1
理出如下:
連接A1C,∵E為BC的中點(diǎn),∴則QE∥A1C,
∵QE平面AA1C1C,A1C平面AA1C1C,
∴QE∥平面AA1C1C.
此時(shí),Q到平面A1ACC1的距離等于B到平面A1ACC1的距離的一半,
又,
∴.
解法二:(1)證明:在△ABC中,∵∠ACB=90°,∠ABC=45°,AB=2,
∴,
又直三棱柱ABC﹣A1B1C1中,AB=AA1=2,則A1ABB1為正方形,
設(shè)A1B交AB1于點(diǎn)O,則O為AB1的中點(diǎn),且A1B⊥AB1.
連接B1C交BP于F點(diǎn),在直三棱柱ABC﹣A1B1C1中,BB1⊥平面ABC,
∵AC平面ABC,∴AC⊥BB1.
又AC⊥BC,BC∩BB1=B,BC,BB1平面BB1C1C,
∴AC⊥平面BB1C1C,
∵BP平面BB1C1C,∴AC⊥BP,
在矩形BB1C1C中,P為CC1的中點(diǎn),則,,
由CC1∥BB1得△CPF∽△BB1F,∴,
∴,,∴PF2+CF2=PC2,故B1C⊥PB,
又AC⊥BP,AC∩B1C=C,AC,B1C平面AB1C,∴BP⊥平面AB1C,
∵AB1平面AB1C,∴AB1⊥BP.
又A1B⊥AB1,A1B∩BP=B,A1B,BP平面PA1B,∴A1B⊥平面PA1B.
(2)當(dāng)Q為AB1中點(diǎn),即點(diǎn)Q與點(diǎn)O重合時(shí),QE∥平面A1ACC1.
理由如下:
取AB中點(diǎn)M,連接QM,ME,又CE=BE,∴ME∥AC,
∵ME平面A1ACC1,AC平面A1ACC1,
∴ME∥平面A1ACC1.
同理可得QM∥平面A1ACC1.
又∵ME∩QM=M,ME,QM平面QME,
∴平面QME∥平面A1ACC1,
又∵QE平面QME,
∴QE∥平面A1ACC1.
此時(shí),Q到平面A1ACC1的距離等于E到平面A1ACC1的距離,
在直三棱柱ABC﹣A1B1C1中,CC1⊥平面ABC,
∵BC平面ABC,∴CC1⊥BC,
又AC⊥BC,AC∩CC1=C,AC,CC1平面AA1C1C,∴BC⊥平面AA1C1C,
∴EC為四棱錐Q﹣AA1C1C的高,.
∴.
解法三:(1)證明:在△ABC中,
∵∠ACB=90°,∠ABC=45°,AB=2,
∴,
設(shè)A1B交AB1于點(diǎn)O,
在直三棱柱ABC﹣A1B1C1中,AA1=2,A1ABB1為正方形,
∴O為AB1中點(diǎn),且A1B⊥AB1.
連接PA,PB1,PO,
∵側(cè)棱CC1⊥底面ABC,P為CC1的中點(diǎn),則,,
故PA=PB1.
∴PO⊥AB1,
同理可得PO⊥A1B.
又A1B∩AB1=O,A1B,AB1平面ABB1A1,PO⊥平面ABB1A1.
∵PO平面PA1B,
∴平面PA1B⊥平面ABB1A1.
∵平面PA1B∩平面ABB1A1=A1B,AB1平面ABB1A1,
∴AB1⊥平面PA1B.
(2)同方法一
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科目:高中數(shù)學(xué) 來源: 題型:
【題目】數(shù)據(jù)的收集和整理在當(dāng)今社會(huì)起到了舉足輕重的作用,它用統(tǒng)計(jì)的方法來幫助人們分析以往的行為習(xí)慣,進(jìn)而指導(dǎo)人們接下來的行動(dòng).
某支足球隊(duì)的主教練打算從預(yù)備球員甲、乙兩人中選一人為正式球員,他收集到了甲、乙兩名球員近期5場(chǎng)比賽的傳球成功次數(shù),如下表:
場(chǎng)次 | 第一場(chǎng) | 第二場(chǎng) | 第三場(chǎng) | 第四場(chǎng) | 第五場(chǎng) |
甲 | 28 | 33 | 36 | 38 | 45 |
乙 | 39 | 31 | 43 | 39 | 33 |
(1)根據(jù)這兩名球員近期5場(chǎng)比賽的傳球成功次數(shù),完成莖葉圖(莖表示十位,葉表示個(gè)位);分別在平面直角坐標(biāo)系中畫出兩名球員的傳球成功次數(shù)的散點(diǎn)圖;
(2)求出甲、乙兩名球員近期5場(chǎng)比賽的傳球成功次數(shù)的平均值和方差;
(3)主教練根據(jù)球員每場(chǎng)比賽的傳球成功次數(shù)分析出球員在場(chǎng)上的積極程度和技術(shù)水平,同時(shí)根據(jù)多場(chǎng)比賽的數(shù)據(jù)也可以分析出球員的狀態(tài)和潛力.你認(rèn)為主教練應(yīng)選哪位球員?并說明理由.
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科目:高中數(shù)學(xué) 來源: 題型:
【題目】已知函數(shù).
(1)若在處導(dǎo)數(shù)相等,證明:為定值,并求出該定值;
(2)已知對(duì)于任意,直線與曲線有唯一公共點(diǎn),求實(shí)數(shù)的取值范圍.
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科目:高中數(shù)學(xué) 來源: 題型:
【題目】在如圖所示的多面體中,平面,四邊形為平行四邊形,點(diǎn)分別為的中點(diǎn),且,,.
(1)求證:平面;
(2)若,求該多面體的體積.
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科目:高中數(shù)學(xué) 來源: 題型:
【題目】如圖,四棱錐A﹣BCDE中,AB、BC、BE兩兩垂直且AB=BC=BE,DE∥BC,DE=2BC,F是AE的中點(diǎn).
(1)求證:BF∥面ACD;
(2)求證:面ADE⊥面ACD.
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科目:高中數(shù)學(xué) 來源: 題型:
【題目】設(shè)函數(shù)(),已知在有且僅有3個(gè)零點(diǎn),下列結(jié)論正確的是( )
A.在上存在,,滿足
B.在有且僅有1個(gè)最小值點(diǎn)
C.在單調(diào)遞增
D.的取值范圍是
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科目:高中數(shù)學(xué) 來源: 題型:
【題目】已知橢圓E:(),它的上,下頂點(diǎn)分別為A,B,左,右焦點(diǎn)分別為,,若四邊形為正方形,且面積為2.
(Ⅰ)求橢圓E的標(biāo)準(zhǔn)方程;
(Ⅱ)設(shè)存在斜率不為零且平行的兩條直線,,它們與橢圓E分別交于點(diǎn)C,D,M,N,且四邊形是菱形,求出該菱形周長(zhǎng)的最大值.
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科目:高中數(shù)學(xué) 來源: 題型:
【題目】在中,角、、所對(duì)的邊分別為、、,,當(dāng)角取最大值時(shí),的周長(zhǎng)為,則__________.
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