1．求（-1+i)²⁰展開(kāi)式中第15項(xiàng)的數(shù)值;

2．求的導(dǎo)數(shù)

解：1.第15項(xiàng)T₁₅=

2.

        Y                 

            1         X  

        O                 

       Y                   

        1                    

        O           X     

在平面直角坐標(biāo)系內(nèi)，下列方程表示什么曲線？畫出它們的圖形

1．

2．

解：1.得2x-3y-6=0圖形是直線

2.化為圖形是橢圓

已知圓錐體的底面半徑為R，高為H

求內(nèi)接于這個(gè)圓錐體并且體積最大的圓柱體的高h(yuǎn)（如圖）

           A                    

         D   c         H      

                     h         

B   E                     

        O                 

       2R                   

解：設(shè)圓柱體半徑為r高為h

由△ACD∽△AOB得

由此得

圓柱體體積

由題意，H＞h＞0，利用均值不等式，有

（注：原“解一”對(duì)h求導(dǎo)由駐點(diǎn)解得）

五．（本題滿分15分）

（要寫出比較過(guò)程）

解一：當(dāng)>1時(shí)，

解二：

六．（本題滿分16分）

               A               

           M    P（ρ，θ）               

                           X   

     O                        

                N        B    

如圖：已知銳角∠AOB=2α內(nèi)有動(dòng)點(diǎn)P，PM⊥OA，PN⊥OB，且四邊形PMON的面積等于常數(shù)c²今以O(shè)為極點(diǎn)，∠AOB的角平分線OX為極軸，求動(dòng)點(diǎn)P的軌跡的極坐標(biāo)方程，并說(shuō)明它表示什么曲線

解：設(shè)P的極點(diǎn)坐標(biāo)為（ρ，θ）∴∠POM=α-θ，∠NOM=α+θ，

OM=ρcos(α-θ),PM=ρsin(α-θ),

ON=ρcos(α+θ),PN=ρsin(α+θ),

四邊形PMON的面積

這個(gè)方程表示雙曲線由題意，

動(dòng)點(diǎn)P的軌跡是雙曲線右面一支在∠AOB內(nèi)的一部分

七．（本題滿分16分）

已知空間四邊形ABCD中AB=BC，CD=DA，M，N，P，Q分別是邊AB，BC，CD，DA的中點(diǎn)（如圖）求證MNPQ是一個(gè)矩形

              B                   

         M                          

            R                     

   A          N                  

          Q          D            

      K      S                    

                 P                  

          C                        

證：連結(jié)AC，在△ABC中，

∵AM=MB，CN=NB，∴MN∥AC

在△ADC中，∵AQ=QD，CP=PD，

∴QP∥AC∴MN∥QP

同理，連結(jié)BD可證MQ∥NP

∴MNPQ是平行四邊形

取AC的中點(diǎn)K，連BK，DK

∵AB=BC，∴BK⊥AC，

∵AD=DC，∴DK⊥AC因此平面BKD與AC垂直

∵BD在平面BKD內(nèi)，∴BD⊥AC∵M(jìn)Q∥BD，QP∥AC，∴MQ⊥QP，即∠MQP為直角故MNPQ是矩形

八．（本題滿分18分）

          Y                   

 x²=2qy                         

                   y²=2px      

                A₁               

        O A₂  A₃         X    

拋物線y²=2px的內(nèi)接三角形有兩邊與拋物線x²=2qy相切，證明這個(gè)三角形的第三邊也與x²=2qy相切

解：不失一般性，設(shè)p>0,q>0.又設(shè)y²=2px的內(nèi)接三角形頂點(diǎn)為

A₁（x₁,y₁),A₂(x₂,y₂),A₃(x₃,y₃)

因此y₁²=2px₁，y₂²=2px₂ ，y₃²=2px₃

其中y₁≠y₂ , y₂≠y₃ , y₃≠y₁ .

依題意，設(shè)A₁A₂，A₂A₃與拋物線x²=2qy相切，要證A₃A₁也與拋物線x²=2qy相切

因?yàn)閤²=2qy在原點(diǎn)O處的切線是y²=2px的對(duì)稱軸，所以原點(diǎn)O不能是所設(shè)內(nèi)接三角形的頂點(diǎn)即（x₁,y₁),(x₂,y₂),(x₃,y₃)，都不能是（0，0）;又因A₁A₂與x²=2qy相切，所以A₁A₂不能與Y軸平行，即x₁≠x₂ , y₁≠-y₂,直線A₁A₂的方程是

同理由于A₂A₃與拋物線x²=2qy相切，A₂A₃也不能與Y軸平行，即

x₂≠x₃, y₂≠-y₃,同樣得到

由（1）（2）兩方程及y₂≠0,y₁≠y₃,得y₁+y₂+y₃=0.

由上式及y₂≠0,得y₃≠-y₁，也就是A₃A₁也不能與Y軸平行今將y₂=-y₁-y₃代入（1）式得：

(3)式說(shuō)明A₃A₁與拋物線x²=2qy的兩個(gè)交點(diǎn)重合，即A₃A₁與拋物線x²=2qy相切所以只要A₁A₂，A₂A₃與拋物線x²=2qy相切，則A₃A₁也與拋物線x²=2qy相切

九．（附加題，本題滿分20分，計(jì)入總分）

已知數(shù)列和數(shù)列其中

1．用p,q,r,n表示b_n，并用數(shù)學(xué)歸納法加以證明;

2．求

解：1.∵₁=p, _n=p_n-1,∴_n=pⁿ.

又b₁=q,

 b₂=q₁+rb₁=q(p+r),

 b₃=q₂+rb₂=q(p²+pq+r²),…

設(shè)想

用數(shù)學(xué)歸納法證明：

當(dāng)n=2時(shí)，等式成立;

設(shè)當(dāng)n=k時(shí)，等式成立，即

則b_k+1=q_k+rb_k=

即n=k+1時(shí)等式也成立

所以對(duì)于一切自然數(shù)n≥2，都成立