Question

設(shè)A是同時(shí)符合以下性質(zhì)的函數(shù)f（x）組成的集合：
①?x∈[0，+∞），都有f（x）∈（1，4]；②f（x）在[0，+∞）上是減函數(shù)．
（1）判斷函數(shù)f1(x)=2-

x

和f2(x)=1+3•(

1

2

)x（x≥0）是否屬于集合A，并簡(jiǎn)要說(shuō)明理由；
（2）把（1）中你認(rèn)為是集合A中的一個(gè)函數(shù)記為g（x），若不等式g（x）+g（x+2）≤k對(duì)任意的x≥0總成立，求實(shí)數(shù)k的取值范圍．

Answer 1

分析：（1）對(duì)于函數(shù)f1(x)=2-

x

，根據(jù)基本初等函數(shù)的單調(diào)性即可判斷在[0，+∞）上是減函數(shù)，其值域?yàn)椋?∞，2]，根據(jù)題意可知，f₁（x）不在集合A中，對(duì)于f2(x)=1+3•(

1

2

)x（x≥0）可以確定其單調(diào)性和值域，判斷其符合題意，故f₂（x）在集合A中；
（2）根據(jù)（1）的結(jié)論，可得g（x）=1+3•（

1

2

）^x，求出函數(shù)h（x）=g（x）+g（x+2），將不等式g（x）+g（x+2）≤k對(duì)任意的x≥0總成立，轉(zhuǎn)化為h（x）的最大值，確定h（x）的單調(diào)性，從而求得其最大值，即可求得實(shí)數(shù)k的取值范圍．

解答：解：（1）∵f1(x)=2-

x

，y=

x

在[0，+∞）上是單調(diào)遞增函數(shù)，
∴f1(x)=2-

x

在[0，+∞）上是單調(diào)減函數(shù)，
∵

x

≥0，
∴2-

x

≤2，
∴f₁（x）∈（-∞，2]，
∵A是同時(shí)符合以下性質(zhì)的函數(shù)f（x）組成的集合：①?x∈[0，+∞），都有f（x）∈（1，4]；②f（x）在[0，+∞）上是減函數(shù)，
∴f₁（x）不符合①，
∴f₁（x）不在集合A中；
∵x≥0時(shí)，0＜(

1

2

)x≤1，
∴1＜1+3•(

1

2

)x≤4，
∴f₂（x）∈（1，4]，
又y=（

1

2

）^x在[0，+∞）上是單調(diào)遞減函數(shù)，
∴f2(x)=1+3•(

1

2

)x在[0，+∞）上是單調(diào)遞減函數(shù)，
∵A是同時(shí)符合以下性質(zhì)的函數(shù)f（x）組成的集合：①?x∈[0，+∞），都有f（x）∈（1，4]；②f（x）在[0，+∞）上是減函數(shù)，
∴f₂（x）同時(shí)符合①②，
∴f2(x)=1+3•(

1

2

)x在集合A中，
故f1(x)=2-

x

不在集合A中，f2(x)=1+3•(

1

2

)x在集合A中；
（2）由（1）可知，g（x）=1+3•（

1

2

）^x，
∴h（x）=g(x)+g(x+2)=[1+3•(

1

2

)x]+[1+3•(

1

2

)x+2]=2+

15

4

(

1

2

)x，
∵y=（

1

2

）^x在[0，+∞）上是單調(diào)遞減函數(shù)，
∴h（x）在[0，+∞）上是單調(diào)遞減函數(shù)，
∴當(dāng)x=0時(shí)，h（x）取得最大值h（x）_max=h（0）=

23

4

，
∵g（x）+g（x+2）≤k對(duì)任意的x≥0總成立，即h（x）_max≤k，
∴k≥

23

4

，
故所求的實(shí)數(shù)k的取值范圍是[

23

4

，+∞)．

點(diǎn)評(píng)：本題考查了函數(shù)恒成立問(wèn)題，函數(shù)單調(diào)性的判斷與證明．對(duì)于函數(shù)的恒成立問(wèn)題，一般選用參變量分離法、最值法、數(shù)形結(jié)合法進(jìn)行求解．注意一般單調(diào)性的證明選用定義法證明，證明的步驟是：設(shè)值，作差，化簡(jiǎn)，定號(hào)，下結(jié)論．本題函數(shù)單調(diào)性的判斷是運(yùn)用了基本初等函數(shù)的單調(diào)性進(jìn)行判斷，要掌握常見(jiàn)的基本初等函數(shù)的單調(diào)性．屬于中檔題．