Question

（2012•漳州二模）如圖：在平面直角坐標(biāo)系中，將長方形紙片ABCD的頂點B與原點O重合，BC邊放在x軸的正半軸上，AB=3，AD=6，將紙片沿過點M的直線折疊（點M在邊AB上），使點B落在邊AD上的E處（若折痕MN與x軸相交時，其交點即為N），過點E作EQ⊥BC于Q，交折痕于點P．
（1）①當(dāng)點M分別與AB的中點、A點重合時，那么對應(yīng)的點P分別是點P₁、P₂，則P₁

（0，

3

2

）

、P₂

（3，0）

；②當(dāng)∠OMN=60°時，對應(yīng)的點P是點P₃，求P₃的坐標(biāo)；
（2）若拋物線y=ax²+bx+c，是經(jīng)過（1）中的點P₁、P₂、P₃，試求a、b、c的值；
（3）在一般情況下，設(shè)P點坐標(biāo)是（x，y），那么y與x之間函數(shù)關(guān)系式還會與（2）中函數(shù)關(guān)系相同嗎（不考慮x的取值范圍）？請你利用有關(guān)幾何性質(zhì)（即不再用P₁、P₂、P₃三點）求出y與x之間的關(guān)系來給予說明．

Answer 1

分析：（1）①點M為AB的中點時，點B與點A重合，即點E與點A重合，則點P為AO的中點，即可得到點P₁的坐標(biāo)，點M與點A重合時，點Q、P、N重合，AE=AO=3，從而得到點P₂的坐標(biāo)；
②根據(jù)直角三角形兩銳角互余求出∠MNO=30°，根據(jù)翻折對稱性求出∠QNE=60°，然后解直角三角形求出QN、PQ的長度，再利用直角三角形的兩銳角互余求出∠PEN=30°，連接PO，利用翻折對稱性求出∠PON=∠PEN=30°，從而得到∠PON=∠MNO，根據(jù)等腰三角形三線合一的性質(zhì)可得OQ=QN，從而得到點P₃的坐標(biāo)；
（2）利用待定系數(shù)法求函數(shù)解析式列式求解即可；
（3）連接PO，根據(jù)翻折對稱性可得PE=PO，然后用點P的坐標(biāo)表示出PO，在Rt△POQ中，根據(jù)勾股定理列式整理即可得解．

解答：解：（1）①當(dāng)M與AB的中點重合時，B與A重合，即E與A重合，則點P為OA的中點，
∵AB=3，
∴P₁（0，

3

2

），
當(dāng)M與A重合時，Q、P與N重合，
此時，AE=AO=3，
∴P₂（3，0）；
故答案為：（0，

3

2

），（3，0）；

②當(dāng)∠OMN=60°時，∠MNO=90°-60°=30°，
根據(jù)翻折對稱性，∠QNE=2∠MNO=2×30°=60°，
在Rt△QNE中，tan∠QNE=

EQ

QN

，
即

3

QN

=

3

，
解得QN=

3

，
在Rt△PQN中，PQ=QN•tan∠MNO=

3

tan30°=

3

×

3

3

=1，
連接PO，根據(jù)對折的性質(zhì)，∠PON=∠PEN=90°-60°=30°，
∴∠PON=∠MNO，
∵EQ⊥BC，
∴OQ=QN=

3

，
∴點P₃（

3

，1）；

（2）∵拋物線經(jīng)過點P₁（0，

3

2

），P₂（3，0），P₃（

3

，1），
∴

c= 3 2 9a+3b+c=0 3a+ 3 b+c=1

，
解得

a=- 1 6 b=0 c= 3 2

，
故，a、b、c的值分別為a=-

1

6

，b=0，c=

3

2

；

（3）相同．
理由如下：如圖，連接OP，根據(jù)對折的對稱性，△PON≌△PEN，
則PE=OP，
∵AB=3，
∴OP+PQ=EQ=AB=3，
∴OQ=x，PQ=y，PO=3-y，
在Rt△OPQ中，根據(jù)勾股定理，x²+y²=（3-y）²，
整理，x²+y²=9-6y+y²，
y=-

1

6

x²+

3

2

．

點評：本題是二次函數(shù)的綜合題型，主要考查了折疊的性質(zhì)，解直角三角形，待定系數(shù)法求二次函數(shù)解析式，勾股定理，難度不是很大，（1）中利用角度的相等求出相等的角，是利用等腰三角形三線合一的性質(zhì)求解的關(guān)鍵，也是解題的突破點．