[選做題]在A、B、C、D四小題中只能選做2題，每小題10分，計20分．請把答案寫在答題紙的指定區(qū)域內(nèi)．
A．（選修4-1：幾何證明選講）
如圖，圓O的直徑AB=8，C為圓周上一點，BC=4，過C作圓的切線l，過A作直線l的垂線AD，D為垂足，AD與圓O交于點E，求線段AE的長．
B．（選修4-2：矩陣與變換）
已知二階矩陣A有特征值λ₁=3及其對應(yīng)的一個特征向量α1=

1 1

，特征值λ₂=-1及其對應(yīng)的一個特征向量α2=

1 -1

，求矩陣A的逆矩陣A^-1．
C．（選修4-4：坐標(biāo)系與參數(shù)方程）
以平面直角坐標(biāo)系的原點O為極點，x軸的正半軸為極軸，建立極坐標(biāo)系（兩種坐標(biāo)系中取相同的單位長度），已知點A的直角坐標(biāo)為（-2，6），點B的極坐標(biāo)為(4，

π

2

)，直線l過點A且傾斜角為

π

4

，圓C以點B為圓心，4為半徑，試求直線l的參數(shù)方程和圓C的極坐標(biāo)方程．
D．（選修4-5：不等式選講）
設(shè)a，b，c，d都是正數(shù)，且x=

a2+b2

，y=

c2+d2

．求證：xy≥

(ac+bd)(ad+bc)

．

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選考題部分
（1）（選修4-4 參數(shù)方程與極坐標(biāo)）（本小題滿分7分）
在極坐標(biāo)系中，過曲線L：ρsin²θ=2acosθ（a＞0）外的一點（其中tanθ=2，θ為銳角）作平行于的直線l與曲線分別交于B，C．
（Ⅰ） 寫出曲線L和直線l的普通方程（以極點為原點，極軸為x軸的正半軸建系）；
（Ⅱ）若|AB|，|BC|，|AC|成等比數(shù)列，求a的值．
（2）（選修4-5 不等式證明選講）（本小題滿分7分）
已知正實數(shù)a、b、c滿足條件a+b+c=3，
（Ⅰ） 求證：；
（Ⅱ）若c=ab，求c的最大值．

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1．     2．     3．{(1，-1)}    4．12        5．  

6．      7．         8．直角   

9．解析：（1）（4）．本題考查了獨立性檢驗的基本思想及常用邏輯用語．由題意，得，，所以，只有第一位同學(xué)的判斷正確，即：有的把握認(rèn)為“這種血清能起到預(yù)防感冒的作用”．由真值表知（1）（4）為真命題．

10．提示：設(shè)四棱錐的兩組不相鄰的側(cè)面的交線分別為 m、n, 直線 m、n 確定了一個平面 β．作與 β 平行的平面 α, 與四棱錐的各個側(cè)面相截，則截得的四邊形必為平行四邊形．而這樣的平面 α 有無數(shù)多個．

11．                        12．y=-x ±   

13．解：由可化為xy =8+x+y

x，y均為正實數(shù)， xy =8+x+y（當(dāng)且僅當(dāng)x=y等號成立）

即xy-2-8可解得，即xy16故xy的最小值為16.

14．

15．解：（1）A中2張錢幣取1張，有2種情況，

     B中3張錢幣取1張，有3種情況，

   ∴互換一次有2´3 = 6種情況，

     其中10元幣恰是一張的情況有3種，

   ∴A袋中10元錢幣恰是一張的概率為P₁ =.答略

（2）A袋中恰有一張10元幣的概率為P₁ = ；

        A袋中恰有兩張10元幣的概率為P₂ = ；

     ∴ A袋中10元錢幣至少是一張的概率P = P₁ + P₂ = +  = .

另解：. A袋中恰有0張10元幣的概率為P₀ = ，

 ∴A袋中10元錢幣至少是一張的概率P = 1 ? P₀ = .答略.

16．解：（1）證明：取PB中點Q，連結(jié)MQ、NQ，因為M、N分別是棱AD、PC中點，所以

        QN//BC//MD，且QN=MD，于是DN//MQ.

.      

   （2）

又因為底面ABCD是、邊長為的菱形，且M為AD中點，

所以.

又

所以.

   （3）因為M是AD中點，所以點A與D到平面PMB等距離.

過點D作于H，由（2）平面PMB平面PAD，所以.

       故DH是點D到平面PMB的距離.

所以點A到平面PMB的距離為.

17．解：(1)設(shè)中角的對邊分別為，則由，

可得，所以

      (2)

因為，，所以

即當(dāng)時，；當(dāng)時，

18．解：（1）直線l₁: x＋my－m－2＝0與l₂: mx－y-2m+1＝0互相垂直，且恒過點（2，1），所以點M即（2，1），又OAOB，所以A，M，B，O四點共圓，且AB即圓的直徑，又A（m+2，0），B （0，1-2m），所以圓的方程為：

整理得：

（2）當(dāng)AB與OM垂直于點P時，由垂徑定理得點P為OM中點（1，），不妨取OA中點Q（，0），又m，否則AM垂直x軸，四邊形AMBO為矩形，AB與OM不垂直，所以，，，得證.

19．解：（1）當(dāng)n為奇數(shù)時，有2ⁿ+1=（2+1）（2^n-1-2^n-2+…-2+1）=3（2^n-1-2^n-2+…-2+1）

所以2ⁿ+1是最小的數(shù)；又2ⁿ⁺¹-1=（2ⁿ⁺¹+2）-3=2（2ⁿ+1）-3，所以2ⁿ⁺¹-1是最大的數(shù).

（2）由（1）知當(dāng)n為奇數(shù)時，A_n中的各個元素組成以2ⁿ+1為首項，3為公差的等差數(shù)列，設(shè)項數(shù)為m，則2ⁿ⁺¹-1=2ⁿ+1+3(m-1)，所以m=，所以當(dāng)n是奇數(shù)時，A_n中的所有元素之和為；

當(dāng)n為偶數(shù)時，n-1時奇數(shù)，由（1）可知2^n-1+1是3的倍數(shù)，因此2ⁿ+2=2（2^n-1+1）是3的倍數(shù)；同理，2ⁿ⁺¹-2=2（2ⁿ-1）是3的倍數(shù).所以當(dāng)n為偶數(shù)時，A_n中的各個元素組成以2ⁿ+2為首項，3為公差的等差數(shù)列，設(shè)項數(shù)為m，則2ⁿ⁺¹-2=2ⁿ+2+3(m-1)，所以m=，所以當(dāng)n是偶數(shù)時，A_n中的所有元素之和為.

20．解：（1），∴可設(shè)，

因而   ①

=，

∵在區(qū)間內(nèi)單調(diào)遞減，

∴在上的函數(shù)值非正，

由于，對稱軸，故只需，注意到，∴，得或（舍去）.

故所求的取值范圍是.                    

（2）時，方程僅有一個實數(shù)根，即證方程 僅有一個實數(shù)根.令，由，得，，易知在，上遞增，在上遞減，的極大值，故函數(shù)的圖像與軸僅有一個交點，∴時，方程僅有一個實數(shù)根，得證. 

（3）設(shè) = x²+x+1, =1，對稱軸為，.

由題意,得或

解出，故使||≤3成立的充要條件是

附加題：

1．證明：如圖,分別過點E、F作AB的垂線,G、H為垂足,連FA、EB.易知

    DB²＝FB²＝AB?HB,

    AD²＝AE²＝AG?AB.

    二式相減,得

    DB²－AD²＝AB?(HB－AG),

或  (DB－AD)?AB＝AB?(HB－AG).

于是,DB－AD＝HB－AG,

或  DB－HB＝AD－AG.

    就是DH＝GD.

    顯然,EG∥CD∥FH.

    故CD平分EF.2.

2．解：由上題可知₁ =,₂ =是矩陣M= 分別對應(yīng)特征值₁=1，₂=4的兩個特征向量，而₁與₂不共線.又==3+（－2）

∴M²⁰= M²⁰(3₂+（－2）₁)=3 M²⁰₂+(－2) M²⁰₁

=3₂²⁰₂+（－2）×₁²⁰₁=3×4²⁰×+(-2)×1²⁰×

     =≈

答：20個時段后這兩個種群的數(shù)量都趨向于3×4²⁰.

3．證明：以F為極點，極軸與x軸正向重合建立極坐標(biāo)系．

設(shè)拋物線方程，A（ρ₁，θ），B（ρ₂，θ＋π），

則AB＝ρ₁＋ρ₂＝ = 4p，sin²θ=，θ=

4．（Ⅰ）證明：（?）當(dāng)時，原不等式成立；當(dāng)時，左邊，右邊，因為，所以左邊右邊，原不等式成立；

（?）假設(shè)當(dāng)時，不等式成立，即，則當(dāng)時，

，，于是在不等式兩邊同乘以得

，

所以．即當(dāng)時，不等式也成立．

綜合（?）（?）知，對一切正整數(shù)，不等式都成立．

5．（1）設(shè)事件為A,則在7次拋骰子中出現(xiàn)5次奇數(shù)，2次偶數(shù)

    而拋骰子出現(xiàn)的奇數(shù)和偶數(shù)的概率為p是相等的，且為

    根據(jù)獨立重復(fù)試驗概率公式：

   （2）若

    即前2次拋骰子中都是奇數(shù)或都是偶數(shù).

    若前2次都是奇數(shù)，則必須在后5次中拋出3次奇數(shù)2次偶數(shù)，

    其概率：

    若前2次都是偶數(shù)，則必須在后5次中拋出5次奇數(shù)，其概率：

所求事件的概率

6．以下解答僅供參考，按學(xué)生實際解答給分.

 解：(1)條直線將一個平面最多分成個部分(),與（2）合并證明；

(2)個平面最多將空間分割成個部分().

證明：設(shè)個維空間可將維空間最多分成個部分，則只需證明

，這里∈