Question

【題目】質(zhì)量未知的小球在豎直向上、大小為F的力作用下，豎直向上做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，速度大小為v0 ． 運(yùn)動(dòng)至位置A時(shí)，力突然增大到某值（方向仍向上），持續(xù)一段時(shí)間t后，力變?yōu)樨Q直向下，但仍保持某值大小不變，再持續(xù)同樣一段時(shí)間后，小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)．重力加速度大小為g，不計(jì)其他阻力．
（1）小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度；
（2）①求增大后力的大小；（已知不加外力時(shí)，小球以初速度v0做豎直上拋運(yùn)動(dòng)的最大高度恰好等于B、A兩點(diǎn)間距離的兩倍）；②為保證后來(lái)的力比原來(lái)的大，試給出相應(yīng)的t和v0應(yīng)滿(mǎn)足的條件．

Answer 1

【答案】
（1）解：設(shè)小球的質(zhì)量為m，增大后的力為F′，根據(jù)題中條件可以判斷力F與重力方向相反；

對(duì)于勻速運(yùn)動(dòng)階段，有 F=mg…①

對(duì)于力突然增大后的第一段t時(shí)間，由牛頓第二定律得：F′﹣mg=ma1…②

對(duì)于力變?yōu)樨Q直向下的時(shí)間t內(nèi)，由牛頓第二定律得：F′+mg=ma2 …③

由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，可得油滴在電場(chǎng)反向時(shí)的速度為：v1=v0+a1t ④

油滴在B的速度為：vB=v﹣a2t ⑤

聯(lián)立①至⑤式，可得：vB=v0﹣2gt；

答：小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度為v0﹣2gt；

（2）解：設(shè)無(wú)力時(shí)豎直上拋的最大高度為h，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，有：v02=2gh…⑥

根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系可得：v0t+ a1t2=x1…⑦

v1t﹣ a2t2=x2…⑧

小球的運(yùn)動(dòng)有兩種情況：

情況一：

位移之和 x1+x2= …⑨

聯(lián)立①、②、③、⑥、⑦、⑧、⑨可得：

F′=F+ （g+ ﹣ ）

由題意得 F′＞F，即滿(mǎn)足條件 g+ ﹣ ＞0，即當(dāng)0＜t＜（1﹣ ） 或t＞（1+ ） 才是可能的；

情況二：

位移之和x1+x2=﹣ …⑩

聯(lián)立①、②、③、⑥、⑦、⑧、⑩可得：

F′=F+ （g﹣ ﹣ ）

由題意得E2＞E1，即滿(mǎn)足條件F′＞F，即滿(mǎn)足條件 g﹣ ﹣ ＞0，即當(dāng)t＞（1+ ） ，另一解為負(fù)，不合題意，舍去．

答：增大后力的大小為F+ （g+ ﹣ ），t和v0應(yīng)滿(mǎn)足的條件為0＜t＜（1﹣ ） 或t＞（1+ ） ；

或增大后力的大小為F+ （g﹣ ﹣ ），滿(mǎn)足的條件為t＞（1+ ） ．

【解析】（1）分析小球的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，小球先向上做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，到達(dá)A處后因力突然增大而開(kāi)始做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)t后力突然反向，小球開(kāi)始做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，并可能在速度減為零后做反向的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)．對(duì)力增大后的兩個(gè)過(guò)程分別列出牛頓第二定律方程，即可求得兩個(gè)過(guò)程中的加速度，而t又是一個(gè)已知量，那么直接使用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式即可求出小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度vB的大��；（2）因?yàn)樾∏蜃詈罂赡茏龇聪虻膭蚣铀僦本�(xiàn)運(yùn)動(dòng)，因此我們不能確定B點(diǎn)的位置究竟在A點(diǎn)上方還是A點(diǎn)下方，故需要分為兩種情況討論．對(duì)其中每一種情況，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列出方程，并與豎直上拋的方程進(jìn)行聯(lián)立，即可分別求得兩種情況下的場(chǎng)強(qiáng)E2的大��；而根據(jù)題意，為求出t1與v0滿(mǎn)足的條件，只需要使E2＞E1即可，那么就可以最終求得t1與v0間的關(guān)系式．