Question

如圖所示，豎直面內(nèi)的正方形ABCD的邊長(zhǎng)為d，質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球從AD邊的中點(diǎn)，以某一初速度進(jìn)入正方形區(qū)域．若正方形區(qū)域內(nèi)未加電場(chǎng)時(shí)，小球恰好從CD邊的中點(diǎn)離開(kāi)正方形區(qū)域；若在正方形區(qū)域內(nèi)加上豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，小球可以從BC邊離開(kāi)正方形區(qū)域．已知重力加速度為g，求：
（1）小球進(jìn)入正方形區(qū)域的初速度V₀．
（2）要使小球從BC邊離開(kāi)正方形區(qū)域，求所加豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E的方向和E的大小范圍．

Answer 1

分析：（1）未加電場(chǎng)時(shí)小球在重力作用下做平拋運(yùn)動(dòng)，由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可求得小球進(jìn)入正方形區(qū)域的初速度；
（2）要使小球從BC邊離開(kāi)正方形區(qū)域則臨界值為剛好從B、C點(diǎn)離開(kāi)，則由類平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得出粒子從BC邊離開(kāi)的場(chǎng)強(qiáng)的方向和大�。�

解答：解：（1）未知電場(chǎng)時(shí)，小球做平拋運(yùn)動(dòng)，由平拋運(yùn)動(dòng)公式：
水平方向：

d

2

=v0t
豎直方向：

d

2

=

1

2

gt2
解得：v0=

gd

2

（2）要使小球從BC邊離開(kāi)正方形區(qū)域，應(yīng)加豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)．
小球從C點(diǎn)離開(kāi)正方形時(shí)，設(shè)場(chǎng)強(qiáng)為E₁，由牛頓第二定律：mg-qE₁=ma₁
初速度方向位移：d=v₀t₁
垂直初速度方向位移：

d

2

=

1

2

a1

t

2 1

解得：E1=

3mg

4q

小球從B點(diǎn)離開(kāi)正方形時(shí)，設(shè)場(chǎng)強(qiáng)為E₂，由牛頓第二定律：qE₂-mg=ma₂
初速度方向位移：d=v₀t₂
垂直初速度方向位移：

d

2

=

1

2

a2

t

2 2

解得：E2=

5mg

4q

場(chǎng)強(qiáng)E的大小范圍為：

3mg

4q

≤E≤

5mg

4q

；
答：（1）粒子的速度為

gd

2

；
    （2）場(chǎng)強(qiáng)的范圍為

3mg

4q

≤E≤

5mg

4q

，電場(chǎng)方向豎直向上．

點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵在于正確分析小球的運(yùn)動(dòng)情況，找出粒子滿足條件的臨界條件：即從B和從C點(diǎn)離開(kāi)時(shí)小球的水平位移和豎直位移，再?gòu)呐ｎD第二定律及運(yùn)動(dòng)的合成與分解規(guī)律求解．