Question

已知一條曲線C在y軸右側(cè)，C上每一點(diǎn)到點(diǎn)F（1，0）的距離減去它到y(tǒng)軸距離的差都是1．
（1）求曲線C的方程；
（2）（文科做）已知點(diǎn)P是曲線C上一個(gè)動(dòng)點(diǎn)，點(diǎn)Q是直線x+2y+5=0上一個(gè)動(dòng)點(diǎn)，求|PQ|的最小值．
（理科做）是否存在正數(shù)m，對(duì)于過(guò)點(diǎn)M（m，0）且與曲線C有兩個(gè)交點(diǎn)A，B的任一直線，都有

FA

•

FB

＜0？若存在，求出m的取值范圍；若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由．

Answer 1

分析：（1）設(shè)P（x，y）是曲線C上任意一點(diǎn)，由題意可知：C上每一點(diǎn)到點(diǎn)F（1，0）的距離與它到直線x=-1的距離相等，可知點(diǎn)P的軌跡是拋物線（去掉頂點(diǎn)）．
（2））（文科）設(shè)點(diǎn)P（x，y），滿足y²=4x，則點(diǎn)P到直線x+2y+5=0的距離|PQ|=

|x+2y+5|

5

=

| y2 4 +2y+5|

5

=

(y+4)2+4

4 5

，利用二次函數(shù)的單調(diào)性即可得出；
（理科）設(shè)過(guò)點(diǎn)M（m，0）（m＞0）的直線l與曲線C的交點(diǎn)為A（x₁，y₁），B（x₂，y₂）．設(shè)l的方程為x=ty+m，與拋物線方程聯(lián)立可得關(guān)于y的一元二次方程，可知△＞0，即根與系數(shù)的關(guān)系，由

FA

•

FB

＜0利用數(shù)量積運(yùn)算并結(jié)合根與系數(shù)的關(guān)系可得m²-6m+1＜4t²．進(jìn)而求得m的取值范圍．

解答：解：（1）設(shè)P（x，y）是曲線C上任意一點(diǎn)，由題意可知：C上每一點(diǎn)到點(diǎn)F（1，0）的距離與它到直線x=-1的距離相等，點(diǎn)P的軌跡是拋物線（去掉頂點(diǎn)）．
可得曲線C的方程為y²=4x（x＞0）．
（2）（文科）設(shè)點(diǎn)P（x，y），滿足y²=4x，
則點(diǎn)P到直線x+2y+5=0的距離|PQ|=

|x+2y+5|

5

=

| y2 4 +2y+5|

5

=

(y+4)2+4

4 5

≥

4

4 5

=

5

5

，
當(dāng)y=-4時(shí)最小，即|PQ|最小值為

5

5

．
（理科）設(shè)過(guò)點(diǎn)M（m，0）（m＞0）的直線l與曲線C的交點(diǎn)為A（x₁，y₁），B（x₂，y₂）．
設(shè)l的方程為x=ty+m，
由

x=ty+m y2=4x

得y²-4ty-4m=0，△=16（t²+m）＞0，且

y1+y2=4t y1y2=-4m

①
又

FA

=(x1-1，y1)，

FB

=(x2-1，y2)，
∵

FA

•

FB

＜0，
∴（x₁-1）（x₂-1）+y₁y₂=x₁x₂-（x₁+x₂）+1+y₁y₂＜0②
又x=

y2

4

，②式可化為

y 2 1

4

•

y 2 2

4

-(

y 2 1

4

+

y 2 2

4

)+1+y1y2＜0
即

(y1y2)2

16

-

1

4

[(y1+y2)2-2y1y2]+1+y1y2＜0
將①代入上式，得m²-6m+1＜4t²．
∵對(duì)任意實(shí)數(shù)t上式成立，
∴m²-6m+1＜（4t²）_min，而（4t²）_min=0．
即m²-6m+1＜0
∴3-2

2

＜m＜3+2

2

．
∴存在正數(shù)m，對(duì)于過(guò)點(diǎn)M（m，0）且與曲線C有兩個(gè)交點(diǎn)A，B的任一直線，都有

FA

•

FB

＜0，且m的取值范圍(3-2

2

，3+2

2

)．

點(diǎn)評(píng)：本題綜合考查了拋物線的定義、直線與拋物線相交問(wèn)題轉(zhuǎn)化為方程聯(lián)立得到△＞0及根與系數(shù)的關(guān)系、二次函數(shù)的單調(diào)性、恒成立問(wèn)題的等價(jià)轉(zhuǎn)化等基礎(chǔ)知識(shí)與基本技能方法，屬于難題．