Question

如圖，直角梯形ABCD中，AB∥CD，∠A=90°，AB=6，AD=4，DC=3，點(diǎn)P從點(diǎn)A出發(fā)沿折線段AD-DC-CB以每秒3個(gè)單位長的速度向點(diǎn)B勻速運(yùn)動(dòng)，同時(shí)，點(diǎn)Q從點(diǎn)A出發(fā)沿射線AB方向以每秒2個(gè)單位長的速度勻速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)點(diǎn)P與點(diǎn)B重合時(shí)停止運(yùn)動(dòng)，點(diǎn)Q也隨之停止，設(shè)點(diǎn)P，Q的運(yùn)動(dòng)時(shí)間是t秒（t＞0）．
（1）當(dāng)點(diǎn)P到達(dá)終點(diǎn)B時(shí)，求t的值；
（2）設(shè)△APQ的面積為S，分別求出點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)到AD、CD上時(shí)，S與t的函數(shù)關(guān)系式；
（3）當(dāng)t為何值時(shí)，能使PQ∥DB；
（4）是否存在t值，使PQ⊥AC？若存在，直接寫出t的值；若不存在，請(qǐng)簡要說明理由．

Answer 1

分析：（1）把AD，DC，BC它們的和求出來再除以速度每秒3個(gè)單位就可以求出t的值；
（2）當(dāng)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)到AD時(shí)上時(shí)，根據(jù)△APQ為直角三角形，△APQ的面積為S，點(diǎn)P和點(diǎn)Q的運(yùn)動(dòng)速度．即可求出S與t的函數(shù)關(guān)系式；同理，求出當(dāng)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)到DC時(shí)上時(shí)的函數(shù)關(guān)系式．
（3）如圖，假設(shè)t秒后PQ∥DB，利用△PCN∽△PBQ，得出對(duì)應(yīng)邊的比值，即可求出．
（4）假設(shè)存在t值，使PQ⊥AC，分四種情況討論即可．

解答：解：（1）如圖1，過C點(diǎn)作CE⊥AB，
∵直角梯形ABCD中，AB∥CD，∠A=90°，
∴四邊形ADCE是矩形，
∴AD=CE，AE=CD，
∵AB=6，AD=4，DC=3，
∴AD=CE=4，AE=CD=3，EB=AB-AE=3，
∴BC=

CE2+EB2

=5，
∴點(diǎn)P到達(dá)終點(diǎn)B時(shí)，所走的路程為AD+CD+BC=4+3+5=12，
∵點(diǎn)P從點(diǎn)A出發(fā)沿折線段AD-DC-CB以每秒3個(gè)單位長的速度向點(diǎn)B勻速運(yùn)動(dòng)，
∴當(dāng)點(diǎn)P到達(dá)終點(diǎn)B時(shí)，t=

12

3

=4．
答：t的值為4；

（2）當(dāng)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)到AD時(shí)上時(shí)，
∵△APQ為直角三角形，△APQ的面積為S，
∴s=

1

2

PA•AQ，
∵點(diǎn)P從點(diǎn)A出發(fā)沿折線段AD-DC-CB以每秒3個(gè)單位長的速度向點(diǎn)B勻速運(yùn)動(dòng)，
點(diǎn)Q從點(diǎn)A出發(fā)沿射線AB方向以每秒2個(gè)單位長的速度勻速運(yùn)動(dòng)，
∴s=

1

2

×3t×2t=3t²．
當(dāng)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)到DC時(shí)上時(shí)，
s=

1

2

×AD×2t=

1

2

×4×2t=4t，
答：點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)到AD上時(shí)，S與t的函數(shù)關(guān)系式為s=3t²；
當(dāng)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)到DC時(shí)上時(shí)，S與t的函數(shù)關(guān)系式為s=4t，

（3）若PQ∥DB，則點(diǎn)P、Q必在DB同側(cè)．
①當(dāng)點(diǎn)Q在AB上，點(diǎn)P在AD上時(shí)，
∵AP：AQ=3t：2t=3：2，
而AD：AB=4：6=2：3，
∴AP：AQ≠AD：AB，則此情景下PQ不平行DB；
②因點(diǎn)Q沿射線AB運(yùn)動(dòng)，
所以點(diǎn)Q在AB延長線上，點(diǎn)P在CB上時(shí)，即當(dāng)3＜t＜4 時(shí)，PB=12-3t，PC=3t-7，BQ=2t-6．
若PQ∥DB，設(shè)直線PQ交DC與N，
∵DC∥AB，
∴△PCN∽△PBQ，
∴CN：BQ=PC：PB，則CN=

(2t-6)(3t-7)

12-3t

；
又∵NQ∥DB，
∴CN：CD=CP：CB，
則CN=

3(3t-7)

5

，
所以

(2t-6)(3t-7)

12-3t

=

3(3t-7)

5

，
解得t=

66

19

（符合題意）．
綜上情景①、②所述，當(dāng)t=

66

19

時(shí)，PQ∥DB．

（4）存在t=3

21

51

，使PQ⊥AC．理由如下：
分四種情況討論：
①當(dāng)0＜t≤

4

3

時(shí)，P在AD上，Q在AE上，設(shè)PQ與AC交于點(diǎn)O；
如圖，若PQ⊥AC，則△AOP∽△ADC，∴AP：AC=AO：AD，∴3t：5=AO：4，∴AO=

12

5

t，
又若PQ⊥AC，則△QOA∽△ADC，∴OA：DC=AQ：AC，∴AO：3=2t：5，∴AO=

6

5

t，
∴

12

5

t=

6

5

t，∴t=0，此解不符合題意，則此時(shí)PQ⊥AC不成立；
②當(dāng)

4

3

＜t≤

7

3

時(shí)，P在DC上，Q在AB上，設(shè)PQ與AC交于點(diǎn)O；
如圖，若PQ⊥AC，則△COP∽△CDA，∴CP：AC=OC：CD，∴（7-3t）：5=OC：3，∴OC=

3

5

（7-3t），
又若PQ⊥AC，則△QOA∽△ADC，∴OA：DC=AQ：AC，∴AO：3=2t：5，∴AO=

6

5

t，
∵OC+OA=AC，∴

3

5

（7-3t）+

6

5

t=5，∴t=-

4

3

，此解不符合題意，則此時(shí)PQ⊥AC不成立；
③當(dāng)

7

3

＜t≤3時(shí)，P在CB上，Q在AB上；
如圖，顯然此時(shí)PQ不可能與AC垂直；
④當(dāng)3＜t≤4時(shí)，P在CB上，Q在AB的延長線上，設(shè)直線PQ與AC交于點(diǎn)O，過點(diǎn)P作PM⊥AB于M．
在△BPM中，PM=BP•sin∠PBM=

4

5

BP=

4

5

（12-3t），MQ=

t+6

5

．
由△QAO∽△ACD，得AO：AQ=CD：AC=3：5．
過點(diǎn)P作PN⊥OQ交AB于N．則PN=BP=12-3t，BN=2BM=

6

5

BP，
NQ=BN+BQ=

6

5

BP+（2t-6）=

6BP+10t-30

5

．
由△QOA∽△QPN，得AO：AQ=PN：NQ，
即3：5=BP：

6BP+10t-30

5

，
∴25BP=18BP+30t-90，
∴7BP=7（12-3t）=30t-90，
∴51t=174，
解得t=3

21

51

=3

7

17

，
綜上可知，當(dāng)t=3

7

17

時(shí)，PQ⊥AC．

點(diǎn)評(píng)：此題綜合性很強(qiáng)，把圖形的變換放在梯形的背景中，利用直角梯形的性質(zhì)結(jié)合已知條件探究圖形的變換，根據(jù)變換的圖形的性質(zhì)求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間．此題屬于難題．