Question

如圖，以Rt△ABO的直角頂點O為原點，OA所在的直線為x軸，OB所在的直線為y軸，建立平面直角坐標系．已知OA=4，OB=3，一動點P從O出發(fā)沿OA方向，以每秒1個單位長度的速度向A點勻速運動，到達A點后立即以原速沿AO返回；點Q從A點出發(fā)沿AB以每秒1個單位長度的速度向點B勻速運動．當(dāng)Q到達B時，P、Q兩點同時停止運動，設(shè)P、Q運動的時間為t秒（t＞0）．
（1）試求出△APQ的面積S與運動時間t之間的函數(shù)關(guān)系式；
（2）在某一時刻將△APQ沿著PQ翻折，使得點A恰好落在AB邊的點D處，如圖①．求出此時△APQ的面積．
（3）在點P從O向A運動的過程中，在y軸上是否存在著點E使得四邊形PQBE為等腰梯形？若存在，求出點E的坐標；若不存在，請說明理由．
（4）伴隨著P、Q兩點的運動，線段PQ的垂直平分線DF交PQ于點D，交折線QB-BO-OP于點F． 當(dāng)DF經(jīng)過原點O時，請直接寫出t的值．

Answer 1

【答案】分析：過Q作QH⊥AP于H點，構(gòu)造直角三角形APQ．
（1）在Rt△AOB中，利用勾股定理求得AB；①P由O向A運動時，OP=AQ=t，AP=4-t．根據(jù)平行線截線段成比例的性質(zhì)求得QH，然后求△APQ的面積；②P由A向O運動時，AP=t-4，AQ=t，由直角三角形ABO中的銳角的正弦求得QH=，然后求△APQ的面積；
（2）根據(jù)翻折的性質(zhì)知△APQ≌△DPQ，∠AQP=90°．在直角三角形AOB與直角三角形APQ中通過∠A的余弦值求得cosA===．①當(dāng)0＜t＜4時，求得t值；②當(dāng)4＜t≤5時，求得t值；然后將其代入（1）中的函數(shù)解析式；
（3）①若PE∥BQ，則梯形PQBE是等腰梯形．過E、P分分別作EM⊥AB于M，PN⊥AB于N．構(gòu)造矩形PNME．則有BM=QN，由PE∥BQ，
得，從而求得MB的值；在直角三角形APN中根據(jù)AP求得QN的值，然后由BM=QN，求得t，所以點E的坐標就迎刃而解了；②若PQ∥BE，則等腰梯形PQBE中BQ=EP且PQ⊥OA于P點．由OP+AP=OA求得t值；
（4）①當(dāng)P由O向A運動時，OQ=OP=AQ=t．再有邊角關(guān)系求得BQ=AQ=AE，解得t值；②②當(dāng)P由A向O運動時，OQ=OP=8-t．在Rt△OGQ中，利用勾股定理得OQ²=QG²+OG²，列出關(guān)于t的方程，解方程即可．
解答：解：（1）在Rt△AOB中，OA=4，OB=3
∴AB=
①P由O向A運動時，OP=AQ=t，AP=4-t
過Q作QH⊥AP于H點．
由QH∥BO，得

∴
即（0＜t＜4）
②當(dāng)4＜t≤5時，即P由A向O運動時，AP=t-4AQ=t
sin∠BAO=
QH=，
∴
=；
綜上所述，S_△APQ=；

（2）由題意知，此時△APQ≌△DPQ，∠AQP=90°，
∴cosA===，
當(dāng)0＜t＜4∴即
當(dāng)4＜t≤5時，=，t=-16（舍去）
∴；

（3）存在，有以下兩種情況
①若PE∥BQ，則等腰梯形PQBE中PQ=BE
過E、P分分別作EM⊥AB于M，PN⊥AB于N．
則有BM=QN，由PE∥BQ，
得，
∴；
又∵AP=4-t，
∴AN=，
∴，
由BM=QN，得
∴，
∴；
②若PQ∥BE，則等腰梯形PQBE中
BQ=EP且PQ⊥OA于P點
由題意知
∵OP+AP=OA，
∴
∴t=，
∴OE=，
∴點E（0，-）
由①②得E點坐標為（0，）或（0，-）．

（4）①當(dāng)P由O向A運動時，OQ=OP=AQ=t．
可得∠QOA=∠QAO∴∠QOB=∠QBO
∴OQ=BQ=t∴BQ=AQ=AE
∴；
②當(dāng)P由A向O運動時，OQ=OP=8-t
BQ=5-t，
在Rt△OGQ中，OQ²=QG²+OG²
即（8-t）²=
∴t=5
點評：本題主要考查了解直角三角形的應(yīng)用，相似三角形的性質(zhì)以及二次函數(shù)等知識點的綜合應(yīng)用，弄清相關(guān)線段的大小和比例關(guān)系是解題的關(guān)鍵．