1．A   2．A   3．D   4．D   5．C

6 C 7 D 8 A 9 C 10 D 11 A 12 B 13 B

14．B　解析：選項C電荷數(shù)不守恒，故C錯，選項AD中的質(zhì)量數(shù)不守恒，也錯。

15．B  碳顆粒的布朗運動是水分子無規(guī)則運動的反映，A錯誤；分子間引力與斥力大小相等，即分子間作用力表現(xiàn)為零時，分子勢能最小，B正確；由于不知道液體的密度，不能計算體積，故不能估算出該液體的分子直徑，C錯誤；分子間的相互作用表現(xiàn)為引力時，隨著分子間距的增大分子間的作用力先增大后減小，D錯誤。

16．D　解析：AB間的彈力始終垂直于斜面方向，與運動狀態(tài)無關(guān)。不發(fā)生相對滑動即保持相對靜止，同一瞬間具有共同的加速度和速度，分析A可知加速度a = gtanθ時即能出現(xiàn)這種情況。

17．BC　解析：同種介質(zhì)中波速相同，傳播相同的距離所用的時間相同。根據(jù)波速v =可知波長長的甲周期也長，所以P點回到平衡位置的時間長，B正確。根據(jù)v = λf可知波長與頻率成反比，故C正確。甲、乙兩列波的頻率不同，不能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖樣。

18．ABC 萬有引力提供飛船做圓周運動的向心力，設(shè)飛船質(zhì)量為m?，有，又月球表面萬有引力等于重力，，兩式聯(lián)立可以求出月球的半徑R、質(zhì)量M、月球表面的重力加速度；故A、B、C都正確。

19．BD　解析：由于在上表面的入射角相同，根據(jù)折射率n =可知在下表面射出時入射角不同，折射角相同，故A錯。由于紅光折射率小，在上表面的折射角大，所以在玻璃中的所經(jīng)歷的路程比藍光長，即D正確。由于n =，紅光在玻璃中的傳播速度比藍光大。由于同一種光在不同介質(zhì)中頻率不變，由于c = λ_真f，v = λ_玻璃f，所以B正確。光子能量E = hυ，頻率不變，能量不變，故C錯。

20．AC　解析：小球只受兩個力的作用，即重力和洛倫茲力，而洛倫茲力不做功，小球又在做勻速圓周運動，所以重力也不做功，故小球只能在水平面內(nèi)運動，并且洛倫茲力的水平分力要提供向心力，而豎直分力平衡重力。所以小球只可能在S上方運動，并且洛倫茲力方向要斜向上。由左手定則可判斷從S極看去小球的運動方向是順時針的。

21．BCD　解析：由可知S₁從2撥向1，n₁減小，U₂增大，P₂增大，P₁增大，所以I₁也增大，電流表示數(shù)增大，A錯。S₂從4撥向3，n₂減小，U₂減小，P₂減小，P₁減小，所以I₁也減小，電流表示數(shù)減小，B正確。斷開S₃，負載電阻增大，I₂減小，由于可知I₁也減小，C正確。R₃的滑動觸頭上移，R₃變大，負載電阻也變大，與C選項相似，D也正確。

22．（17分）【答案】

（1）（6分） 1.055     6.123

（2）I．①ABCD （選對一個得1分，共4分） ②AD （全選對得2分，選不全但無錯誤得1分）   

II．①如圖所示（2分）     ②11.0（1分）；1.3V（1分）；2.0Ω（1分）

【解析】（1）小球每次做平拋運動的初速度必須相同，因此每次都要使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放。小球水平方向勻速直線運動，，，聯(lián)立即可解得正確結(jié)果。

（2）本題的實驗原理是閉合電路歐姆定律，由U - I圖象的縱軸截距可得電動勢，斜率的大小可得內(nèi)阻，利用電阻箱和電壓表也可以測出電動勢和內(nèi)阻，電路圖和數(shù)據(jù)處理見答案。

【點評】本題是兩個創(chuàng)新性實驗題�？疾閷W生“能根據(jù)要求靈活運用已學過的自然科學理論、實驗方法和儀器，設(shè)計簡單的實驗方案并處理相關(guān)的實驗問題”的能力。本題充分體現(xiàn)了近年來高考實驗命題的新趨勢。

23．【答案】（1）2.0 m/s²；（2）50.0m

【解析】（1）人在斜面上受力如圖所示，建立圖示坐標系，設(shè)人在斜坡上滑下的加速度為a₁，由牛頓第二定律有

又             

聯(lián)立解得　a₁ = g（sinθ－μcosθ）     

代入數(shù)據(jù)得　a₁ = 2.0 m/s²        

（2）人在水平滑道上受力如圖，由牛頓第二定律有

又      

將以上各式聯(lián)立解得　a = μg = 5 m/s²     

設(shè)從斜坡上滑下的距離為L_AB，由勻變速運動的公式得

聯(lián)立解得　．

【點評】本題考查牛頓運動定律和運動學規(guī)律，考查考生運用基礎(chǔ)知識分析解決學科內(nèi)綜合題的能力，是高考熱點題型。

24．（19分）【答案】（1）（2）

【解析】（1）電子與夸克作彈性碰撞，由動量守恒定律和能量守恒定律，得：

         ①  （3分）

     ②  （3分）

解得：      ③    （2分）

又

即    ④    （2分）

（2）夸克m₂與夸克m₃相互作用，當二者速度相同時，彈簧彈性勢能最大即介子內(nèi)能Q最大。由動量守恒定律和能量守恒定律，得：

   ⑤     （3分）

     ⑥      （3分）

解得：    ⑦      （3分）

【點評】本題以微觀粒子間的碰撞為題材，考查動量、能量守恒定律，同時考查考生審題能力、獲取有效信息建立模型的能力。試題情景比較新穎，符合近年來高考聯(lián)系實際命題的趨勢。

25．（20分）【答案】（1）0.75m/s²（2）（3）R=0.4ΩQ=12.35 J

【解析】（1）由圖象知12s末導體棒ab的速度為v₁=9m/s，在0－12s內(nèi)的加速度大小為

m/s²=0.75m/s²      ①（2分）

（2）t₁=12s時，導體棒中感應(yīng)電動勢為

E=BLv₁                ②（1分）

感應(yīng)電流       ③   （1分）

導體棒受到的安培力F₁=BIL

即        ④（1分）

此時電動機牽引力為      ⑤（1分）

由牛頓第二定律得     ⑥  （2分）

由圖象知17s末導體棒ab的最大速度為v₂=10m/s，此時加速度為零，同理有

    ⑦（2分）

由①②兩式解得   ，R=0.4Ω ⑧  （2分）

（3）0－12s內(nèi)，導體棒勻加速運動的位移   m  ⑨  （2分）

12－17s內(nèi)，導體棒的位移       m    ⑩（2分）

由能量守恒得           ⑾（3分）