題目列表(包括答案和解析)
在“測量小燈泡電功率”的實驗中，已知電源電壓為3V，小燈泡的額定電壓為2.5V．
（2013?濟南一模）在“測量小燈泡電功率”的實驗中．已知電源電壓為3V，小燈泡的額定電壓為2.5V．| 實驗次數 | 電壓表示數U/V | 電流表示數I/A | 小燈泡電功率P/W |
| 1 | 2.0 | ||
| 2 | 2.5 | 0.22 | 0.55 |
| 3 | 2.8 | 0.24 | 0.67 |
根據所學知識解答下列問題：
(1)如圖所示是小新畫的他家電路的一部分，則
[ ]
A．元件“1”是電能表、“2”是保險絲、“3”是閘刀開關
B．元件“1”、“2”、“3”的正確連接順序為“2”、“1”、“3”
C．圖中接錯的元件是“5”
D．圖中電路元件連接完全正確
(2)下表所列是常用的鉛銻合金熔絲的規(guī)格．
①由表中的數據你能得到哪些有關熔絲的知識(寫出2條)．
A________________．
B________________．
②小華家照明電路中有“PZ220－40”的電燈4盞，功率為60瓦的電風扇1臺，1000瓦的電熱水器1個，請你幫他正確選擇一種規(guī)格的熔絲．
(3)現在，家庭照明電路中，常使用一種外殼由塑料制的“自動空氣開關”，它可以替代閘刀開關和熔斷器，小萍同學家安裝的“自動空氣開關”的額定電流是10A，那么由這一只“自動空氣開關”控制的用電器的總功率為
[ ]
(4)小萍家的家庭電路進戶開關上安裝著漏電保護器，上面寫著下表中的一些數據，在以下幾種說法中，正確的是
[ ]
A．漏電電流大于30mA，保護器會在0.1s之內切斷電源
B．漏電時間超過0.1s時保護器才會工作
C．當漏電電流達到15mA時不能起到可靠的保護作用
D．只有當進戶電壓大于220V或用電電流達20A時才能起到可靠的保護作用
(5)小新同學把開關閉合的標有“220V40W”字樣的臺燈插入插座時，原來室內亮著的燈全部熄滅，經檢查發(fā)現家中熔絲熔斷，造成這一現象原因可能是
[ ]
(6)小新注意到為檢查照明電路的故障，電工經常采用的方法是：取下保險絲，將額定電壓為220V的“校驗燈”接在保險絲處的兩只接線柱上，如圖所示，在檢查某盞燈之前，先斷開所有開關，再閉合該支路開關，若
[ ]
A．“校驗燈”恰能正常發(fā)光，說明該支路短路
B．“校驗燈”恰能正常發(fā)光，說明該支路工作正常
C．“校驗燈”發(fā)光不正常(暗紅色)，說明該支路工作正常
D．“校驗燈”發(fā)光不正常(暗紅色)，說明該支路斷路
小楓和小紅同學做“測定小燈泡的電功率”實驗，電源電壓為3V 且保持不變，滑動變阻器標有“3A 5Ω”的字樣，所用小燈泡是額定電壓為“2.2V”和“2.5V”中的一個．1．A 2．A 3．D 4．D 5．C
14．B 解析：選項C電荷數不守恒，故C錯，選項AD中的質量數不守恒，也錯。
15．B 碳顆粒的布朗運動是水分子無規(guī)則運動的反映，A錯誤；分子間引力與斥力大小相等，即分子間作用力表現為零時，分子勢能最小，B正確；由于不知道液體的密度，不能計算體積，故不能估算出該液體的分子直徑，C錯誤；分子間的相互作用表現為引力時，隨著分子間距的增大分子間的作用力先增大后減小，D錯誤。
16．D 解析：AB間的彈力始終垂直于斜面方向，與運動狀態(tài)無關。不發(fā)生相對滑動即保持相對靜止，同一瞬間具有共同的加速度和速度，分析A可知加速度a = gtanθ時即能出現這種情況。
17．BC 解析：同種介質中波速相同，傳播相同的距離所用的時間相同。根據波速v =
可知波長長的甲周期也長，所以P點回到平衡位置的時間長，B正確。根據v = λf可知波長與頻率成反比，故C正確。甲、乙兩列波的頻率不同，不能產生穩(wěn)定的干涉圖樣。
18．ABC 萬有引力提供飛船做圓周運動的向心力，設飛船質量為m?，有
，又月球表面萬有引力等于重力，
，兩式聯立可以求出月球的半徑R、質量M、月球表面的重力加速度
；故A、B、C都正確。
19．BD 解析：由于在上表面的入射角相同，根據折射率n =
可知在下表面射出時入射角不同，折射角相同，故A錯。由于紅光折射率小，在上表面的折射角大，所以在玻璃中的所經歷的路程比藍光長，即D正確。由于n =
，紅光在玻璃中的傳播速度比藍光大。由于同一種光在不同介質中頻率不變，由于c = λ真f，v = λ玻璃f，所以B正確。光子能量E = hυ，頻率不變，能量不變，故C錯。
20．AC 解析：小球只受兩個力的作用，即重力和洛倫茲力，而洛倫茲力不做功，小球又在做勻速圓周運動，所以重力也不做功，故小球只能在水平面內運動，并且洛倫茲力的水平分力要提供向心力，而豎直分力平衡重力。所以小球只可能在S上方運動，并且洛倫茲力方向要斜向上。由左手定則可判斷從S極看去小球的運動方向是順時針的。
21．BCD 解析：由
可知S1從2撥向1，n1減小，U2增大，P2增大，P1增大，所以I1也增大，電流表示數增大，A錯。S2從4撥向3，n2減小，U2減小，P2減小，P1減小，所以I1也減小，電流表示數減小，B正確。斷開S3，負載電阻增大，I2減小，由于
可知I1也減小，C正確。R3的滑動觸頭上移，R3變大，負載電阻也變大，與C選項相似，D也正確。
22．（17分）【答案】
（1）（6分） 1.055 6.123
（2）I．①ABCD （選對一個得1分，共4分）
②AD （全選對得2分，選不全但無錯誤得1分）
II．①如圖所示（2分） ②11.0（1分）；1.3V（1分）；2.0Ω（1分）
【解析】（1）小球每次做平拋運動的初速度必須相同，因此每次都要使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放。小球水平方向勻速直線運動，
，
，聯立即可解得正確結果。
（2）本題的實驗原理是閉合電路歐姆定律，由U - I圖象的縱軸截距可得電動勢，斜率的大小可得內阻，利用電阻箱和電壓表也可以測出電動勢和內阻，電路圖和數據處理見答案。
【點評】本題是兩個創(chuàng)新性實驗題�？疾閷W生“能根據要求靈活運用已學過的自然科學理論、實驗方法和儀器，設計簡單的實驗方案并處理相關的實驗問題”的能力。本題充分體現了近年來高考實驗命題的新趨勢。
23．【答案】（1）
【解析】（1）人在斜面上受力如圖所示，建立圖示坐標系，設人在斜坡上滑下的加速度為a1，由牛頓第二定律有
又
聯立解得 a1 = g（sinθ－μcosθ）
代入數據得 a1 =
（2）人在水平滑道上受力如圖，由牛頓第二定律有
又 
將以上各式聯立解得 a = μg =
設從斜坡上滑下的距離為LAB，由勻變速運動的公式得
聯立解得 
．
【點評】本題考查牛頓運動定律和運動學規(guī)律，考查考生運用基礎知識分析解決學科內綜合題的能力，是高考熱點題型。
24．（19分）【答案】（1）
（2）
【解析】（1）電子與夸克作彈性碰撞，由動量守恒定律和能量守恒定律，得：
① （3分）
② （3分）
解得：
③ （2分）
又
即 ④ （2分）
（2）夸克m2與夸克m3相互作用，當二者速度相同時，彈簧彈性勢能最大即介子內能Q最大。由動量守恒定律和能量守恒定律，得：
⑤ （3分）
⑥ （3分）
解得： ⑦ （3分）
【點評】本題以微觀粒子間的碰撞為題材，考查動量、能量守恒定律，同時考查考生審題能力、獲取有效信息建立模型的能力。試題情景比較新穎，符合近年來高考聯系實際命題的趨勢。
25．（20分）【答案】（1）
（3）R=0.4ΩQ=12.35 J
【解析】（1）由圖象知12s末導體棒ab的速度為v1=
m/s2=
（2）t1=12s時，導體棒中感應電動勢為
E=BLv1 ②（1分）
感應電流 
③ （1分）
導體棒受到的安培力F1=BIL
即 
④（1分）
此時電動機牽引力為 
⑤（1分）
由牛頓第二定律得 
⑥ （2分）
由圖象知17s末導體棒ab的最大速度為v2=
⑦（2分）
由①②兩式解得 ，R=0.4Ω
⑧ （2分）
（3）0－12s內，導體棒勻加速運動的位移 
m ⑨ （2分）
12－17s內，導體棒的位移
m ⑩（2分）
由能量守恒得 
⑾（3分）
|
－OH＋H2O2→CH3－
CH3CH2CH2CH2Br＋H2O
30．（18分）