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太湖水華具有明顯的季節(jié)性變化，科研人員為了探究湖底底泥是否是引起水華的藻類(lèi)種源的越冬場(chǎng)所，在冬季用柱狀底泥采樣器(外徑60mm、內(nèi)徑52mm、高50cm)從太湖中采集柱狀底泥。采樣的每個(gè)泥柱總長(zhǎng)40cm，將泥柱上層3cm段(編號(hào)HI)、中層10～13cm段(H2)和下層20～23cm段(H3)小心切出，立即取少量底泥置于干凈的小燒杯中，加少許無(wú)菌水，充分混勻，靜置1分鐘后取上部液體進(jìn)行顯微檢測(cè)，重復(fù)三次取樣檢測(cè)，采得各生物類(lèi)群的物種數(shù)和個(gè)體總數(shù)如下表。請(qǐng)據(jù)表回答：

(1)某同學(xué)認(rèn)為，為了減少顯微檢測(cè)時(shí)工作量，可只進(jìn)行一次取樣檢測(cè)，你是否贊同這個(gè)觀點(diǎn)？并說(shuō)明理由。答：_____，______________。
(2)根據(jù)上表數(shù)據(jù)，判斷下列敘述中正確的是___________。
A．上層底泥的藻類(lèi)物種豐富度高于下層底泥
B．較上層與底層而言，中層底泥中的生物多樣性最豐富
C．改用另一規(guī)格的常用底泥采樣器會(huì)影響對(duì)比研究的結(jié)論
D．改變采樣的時(shí)間會(huì)影響采集到的物種數(shù)和個(gè)體總數(shù)
(3)①．科研人員為了進(jìn)一步確定底泥原樣中是否存在某種藻類(lèi)活細(xì)胞，將底泥樣品接種到一定量的培養(yǎng)基中。在培養(yǎng)過(guò)程中應(yīng)注意控制好__________等外界環(huán)境條件，在接種后的培養(yǎng)初期，培養(yǎng)基中的銅綠微囊藻種群數(shù)量呈________型曲線增長(zhǎng)。培養(yǎng)過(guò)程中發(fā)現(xiàn)，在礦質(zhì)營(yíng)養(yǎng)等環(huán)境條件相同適宜的情況下，培養(yǎng)液中藻類(lèi)密度過(guò)高時(shí)其凈光合放氧率明顯降低，主要原因是__________。
②．調(diào)查發(fā)現(xiàn)。銅綠微囊藻和廣源小球藻在底泥中的分布較廣，種群密度較高。培養(yǎng)表明，這兩種藻類(lèi)的環(huán)境適應(yīng)能力最強(qiáng)。同時(shí)這兩種藻類(lèi)也是太湖夏季水華中的優(yōu)勢(shì)種和常見(jiàn)種。根據(jù)上述實(shí)驗(yàn)可以得出的結(jié)論是__________。
(4)水華發(fā)生時(shí)藻類(lèi)大量繁殖，除了與氣候因素有關(guān)外，還與氮、磷等藻類(lèi)所需營(yíng)養(yǎng)大量進(jìn)入水體有關(guān)。某興趣小組欲探究造成銅綠微囊藻大量繁殖的礦質(zhì)元素種類(lèi)，請(qǐng)寫(xiě)出主要的實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)思路：____________。

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1．A   2．A   3．D   4．D   5．C

6 C 7 D 8 A 9 C 10 D 11 A 12 B 13 B

14．B　解析：選項(xiàng)C電荷數(shù)不守恒，故C錯(cuò)，選項(xiàng)AD中的質(zhì)量數(shù)不守恒，也錯(cuò)。

15．B  碳顆粒的布朗運(yùn)動(dòng)是水分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反映，A錯(cuò)誤；分子間引力與斥力大小相等，即分子間作用力表現(xiàn)為零時(shí)，分子勢(shì)能最小，B正確；由于不知道液體的密度，不能計(jì)算體積，故不能估算出該液體的分子直徑，C錯(cuò)誤；分子間的相互作用表現(xiàn)為引力時(shí)，隨著分子間距的增大分子間的作用力先增大后減小，D錯(cuò)誤。

16．D　解析：AB間的彈力始終垂直于斜面方向，與運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān)。不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)即保持相對(duì)靜止，同一瞬間具有共同的加速度和速度，分析A可知加速度a = gtanθ時(shí)即能出現(xiàn)這種情況。

17．BC　解析：同種介質(zhì)中波速相同，傳播相同的距離所用的時(shí)間相同。根據(jù)波速v =可知波長(zhǎng)長(zhǎng)的甲周期也長(zhǎng)，所以P點(diǎn)回到平衡位置的時(shí)間長(zhǎng)，B正確。根據(jù)v = λf可知波長(zhǎng)與頻率成反比，故C正確。甲、乙兩列波的頻率不同，不能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖樣。

18．ABC 萬(wàn)有引力提供飛船做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，設(shè)飛船質(zhì)量為m?，有，又月球表面萬(wàn)有引力等于重力，，兩式聯(lián)立可以求出月球的半徑R、質(zhì)量M、月球表面的重力加速度；故A、B、C都正確。

19．BD　解析：由于在上表面的入射角相同，根據(jù)折射率n =可知在下表面射出時(shí)入射角不同，折射角相同，故A錯(cuò)。由于紅光折射率小，在上表面的折射角大，所以在玻璃中的所經(jīng)歷的路程比藍(lán)光長(zhǎng)，即D正確。由于n =，紅光在玻璃中的傳播速度比藍(lán)光大。由于同一種光在不同介質(zhì)中頻率不變，由于c = λ_真f，v = λ_玻璃f，所以B正確。光子能量E = hυ，頻率不變，能量不變，故C錯(cuò)。

20．AC　解析：小球只受兩個(gè)力的作用，即重力和洛倫茲力，而洛倫茲力不做功，小球又在做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以重力也不做功，故小球只能在水平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，并且洛倫茲力的水平分力要提供向心力，而豎直分力平衡重力。所以小球只可能在S上方運(yùn)動(dòng)，并且洛倫茲力方向要斜向上。由左手定則可判斷從S極看去小球的運(yùn)動(dòng)方向是順時(shí)針的。

21．BCD　解析：由可知S₁從2撥向1，n₁減小，U₂增大，P₂增大，P₁增大，所以I₁也增大，電流表示數(shù)增大，A錯(cuò)。S₂從4撥向3，n₂減小，U₂減小，P₂減小，P₁減小，所以I₁也減小，電流表示數(shù)減小，B正確。斷開(kāi)S₃，負(fù)載電阻增大，I₂減小，由于可知I₁也減小，C正確。R₃的滑動(dòng)觸頭上移，R₃變大，負(fù)載電阻也變大，與C選項(xiàng)相似，D也正確。

22．（17分）【答案】

（1）（6分） 1.055     6.123

（2）I．①ABCD （選對(duì)一個(gè)得1分，共4分） ②AD （全選對(duì)得2分，選不全但無(wú)錯(cuò)誤得1分）   

II．①如圖所示（2分）     ②11.0（1分）；1.3V（1分）；2.0Ω（1分）

【解析】（1）小球每次做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度必須相同，因此每次都要使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放。小球水平方向勻速直線運(yùn)動(dòng)，，，聯(lián)立即可解得正確結(jié)果。

（2）本題的實(shí)驗(yàn)原理是閉合電路歐姆定律，由U - I圖象的縱軸截距可得電動(dòng)勢(shì)，斜率的大小可得內(nèi)阻，利用電阻箱和電壓表也可以測(cè)出電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，電路圖和數(shù)據(jù)處理見(jiàn)答案。

【點(diǎn)評(píng)】本題是兩個(gè)創(chuàng)新性實(shí)驗(yàn)題�？疾閷W(xué)生“能根據(jù)要求靈活運(yùn)用已學(xué)過(guò)的自然科學(xué)理論、實(shí)驗(yàn)方法和儀器，設(shè)計(jì)簡(jiǎn)單的實(shí)驗(yàn)方案并處理相關(guān)的實(shí)驗(yàn)問(wèn)題”的能力。本題充分體現(xiàn)了近年來(lái)高考實(shí)驗(yàn)命題的新趨勢(shì)。

23．【答案】（1）2.0 m/s²；（2）50.0m

【解析】（1）人在斜面上受力如圖所示，建立圖示坐標(biāo)系，設(shè)人在斜坡上滑下的加速度為a₁，由牛頓第二定律有

又             

聯(lián)立解得　a₁ = g（sinθ－μcosθ）     

代入數(shù)據(jù)得　a₁ = 2.0 m/s²        

（2）人在水平滑道上受力如圖，由牛頓第二定律有

又      

將以上各式聯(lián)立解得　a = μg = 5 m/s²     

設(shè)從斜坡上滑下的距離為L(zhǎng)_AB，由勻變速運(yùn)動(dòng)的公式得

聯(lián)立解得　．

【點(diǎn)評(píng)】本題考查牛頓運(yùn)動(dòng)定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律，考查考生運(yùn)用基礎(chǔ)知識(shí)分析解決學(xué)科內(nèi)綜合題的能力，是高考熱點(diǎn)題型。

24．（19分）【答案】（1）（2）

【解析】（1）電子與夸克作彈性碰撞，由動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律，得：

         ①  （3分）

     ②  （3分）

解得：      ③    （2分）

又

即    ④    （2分）

（2）夸克m₂與夸克m₃相互作用，當(dāng)二者速度相同時(shí)，彈簧彈性勢(shì)能最大即介子內(nèi)能Q最大。由動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律，得：

   ⑤     （3分）

     ⑥      （3分）

解得：    ⑦      （3分）

【點(diǎn)評(píng)】本題以微觀粒子間的碰撞為題材，考查動(dòng)量、能量守恒定律，同時(shí)考查考生審題能力、獲取有效信息建立模型的能力。試題情景比較新穎，符合近年來(lái)高考聯(lián)系實(shí)際命題的趨勢(shì)。

25．（20分）【答案】（1）0.75m/s²（2）（3）R=0.4ΩQ=12.35 J

【解析】（1）由圖象知12s末導(dǎo)體棒ab的速度為v₁=9m/s，在0－12s內(nèi)的加速度大小為

m/s²=0.75m/s²      ①（2分）

（2）t₁=12s時(shí)，導(dǎo)體棒中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為

E=BLv₁                ②（1分）

感應(yīng)電流       ③   （1分）

導(dǎo)體棒受到的安培力F₁=BIL

即        ④（1分）

此時(shí)電動(dòng)機(jī)牽引力為      ⑤（1分）

由牛頓第二定律得     ⑥  （2分）

由圖象知17s末導(dǎo)體棒ab的最大速度為v₂=10m/s，此時(shí)加速度為零，同理有

    ⑦（2分）

由①②兩式解得   ，R=0.4Ω ⑧  （2分）

（3）0－12s內(nèi)，導(dǎo)體棒勻加速運(yùn)動(dòng)的位移   m  ⑨  （2分）

12－17s內(nèi)，導(dǎo)體棒的位移       m    ⑩（2分）

由能量守恒得           ⑾（3分）