③在其他條件不變的情況下.若改變釋放小球時懸線與豎直方向的夾角θ.小球落點與O'點的水平距離s將隨之改變.經(jīng)多次實驗.以s2為縱坐標(biāo).cosθ為橫坐標(biāo).得到如圖(b)所示圖象．則當(dāng)θ=60°時.s為 m,若懸線長L=1.0m.懸點到木板間的距離h為 m． 現(xiàn)僅有以下器:郝雙 制作 【查看更多】

 

題目列表(包括答案和解析)

利用圖(a)所示裝置驗證小球平拋運動規(guī)律，在懸點正下方有水平放置的熾熱的電熱絲，當(dāng)懸線擺至電熱絲處時能輕易被燒斷．為水平木板，已知懸線長為，懸點到木板的距離．

        

①電熱絲必須放在懸點正下方的理由是                           ．

②將小球向左拉起后自由釋放，最后小球落到木板上的點，，則小球做平拋運動的初速度為=         ．

③在其他條件不變的情況下，若改變釋放小球時懸線與豎直方向的夾角，小球落點與點的水平距離將隨之改變，經(jīng)多次實驗，以為縱坐標(biāo)、為橫坐標(biāo)，得到如圖(b)所示圖象．則當(dāng)時，為   m；若懸線長L=1.0m，懸點到木板間的距離為   m．

 

 

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利用圖(a)所示裝置驗證小球平拋運動規(guī)律，在懸點正下方有水平放置的熾熱的電熱絲，當(dāng)懸線擺至電熱絲處時能輕易被燒斷．為水平木板，已知懸線長為，懸點到木板的距離．

        

①電熱絲必須放在懸點正下方的理由是                          ．

②將小球向左拉起后自由釋放，最后小球落到木板上的點，，則小球做平拋運動的初速度為=         ．

③在其他條件不變的情況下，若改變釋放小球時懸線與豎直方向的夾角，小球落點與點的水平距離將隨之改變，經(jīng)多次實驗，以為縱坐標(biāo)、為橫坐標(biāo)，得到如圖(b)所示圖象．則當(dāng)時，為   m；若懸線長L=1.0m，懸點到木板間的距離為   m．

 

 

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雙縫干涉實驗裝置如圖所示，雙縫間距離為d，雙縫到像屏間距為L，調(diào)整實驗裝置使像屏上見到清晰的干涉條紋，關(guān)于該干涉條紋及改變條件后干涉條紋的變化情況，下列敘述中正確的是

A．

屏上所有亮線都是從雙縫出來的兩列光波的波峰與波峰疊加形成的，而所有暗線是波谷與波谷疊加形成的

B．

若將像屏向右或向左平移一小段距離，屏上仍有清晰的干涉條紋

C．

若將雙縫間距d減小，像屏上兩相鄰明條紋間距變小

D．

若改用頻率較大的色光進(jìn)行實驗，在其他條件不變的前提下．像屏上兩相鄰暗條紋間距變小

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精英家教網(wǎng)如圖為雙縫干涉的實驗示意圖，光源發(fā)出的光經(jīng)濾光片成為單色光，然后通過單縫和雙縫，在光屏上出現(xiàn)明暗相間的條紋．若要使干涉條紋的間距變大，在保證其他條件不變的情況下，可以（　�。�
A、將光屏移近雙縫B、更換濾光片，改用波長更長的單色光C、增大雙縫的間距D、將光源向雙縫移動一小段距離

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右圖為雙縫干涉的實驗示意圖，光源發(fā)出的光經(jīng)濾光片成為單色光，然后通過單縫和雙縫，在光屏上出現(xiàn)明暗相間的條紋。若要使干涉條紋的間距變大，在保證其他條件不變的情況下，可以???

A．將光屏移近雙縫

B．更換濾光片，改用波長更長的單色光

C．增大雙縫的間距

D．將光源向雙縫移動一小段距離

 

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14.C  15.C  16.A  17.B  18.AD  19.D  20.AD  21.BC

22.（1）①保證小球沿水平方向拋出②③1.0，1.5

（2）甲圖不合理之處：不能多次測量；超過電流表量程，不安全；超過電壓表量程，也不安全。郝 雙制 作

乙圖不合理之處：電流表量程太小；電壓表量程太大。

較為合理的電路如圖所示，

Rx的計算公式，其中U是電壓表V1示數(shù)，I是電流表A1示數(shù)，R0是電阻箱示數(shù)。

23. 解：滑塊從A處到B處，由動能定理mgssin37°－μmgscos37°=mvB2

滑塊從B到C處，由動能定理－μmgBC＝mvC2－mvB2

若滑塊恰好從C處平拋射出，則在C處時不受彈力作用 mg=m

聯(lián)立解得郝雙   BC＝1m

所以水平滑槽BC長度至少為1m

24. 解：⑴設(shè)第1個球與木盒相遇后瞬間，兩者共同運動的速度為v1,根據(jù)動量守恒定律：

  代入數(shù)據(jù)，解得：  v1=3m/s  

⑵設(shè)第1個球與木盒的相遇點離傳送帶左端的距離為s，第1個球經(jīng)過t0與木盒相遇,

則：  

設(shè)第1個球進(jìn)入木盒后兩者共同運動的加速度為a，根據(jù)牛頓第二定律：

得：   

設(shè)木盒減速運動的時間為t1,加速到與傳送帶相同的速度的時間為t2，則：

故木盒在2s內(nèi)的位移為零

依題意：   

代入數(shù)據(jù)，解得：郝雙

25.解：（1）小球進(jìn)入電場，做勻速直線運動時　Eq=mg�、貳=mg/q②

（2）在t1時刻加磁場，小球在時間t０內(nèi)做勻速圓周運動，設(shè)圓周運動周期為Ｔ0，半徑為R。

豎直向下通過D點，則t0=3T0/4③  ④

PF-PD=R即⑤

將③、④代入⑤式解得⑥

（3）小球運動的速率始終不變，當(dāng)R變大時，T0也增加，小球在電場中的運動周期T也增加。

在小球不飛出電場的情況下，當(dāng)T最大時，有：郝雙 制作

DQ=2R即⑥  ⑦

結(jié)合⑥⑦式解得⑧

⑨

結(jié)合軌跡圖可知，小球在電場中運動的最大周期⑩

結(jié)合上式解得

小球在電場中運動一個周期的軌跡圖如圖乙所示

 

 


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