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已知直線L與拋物線C：x²=4y相切于點P（2，1），且與x軸交于點A，O為坐標(biāo)原點，定點B（2，0）
（1）求點A的橫坐標(biāo)．
（2）設(shè)動點M滿足，點M的軌跡K．若過點B的直線L₁（斜率不等于0）與軌跡K交于不同的兩點E、F（E在B、F之間），試求△OBE與△OBF面積之比的取值范圍．

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如圖，已知直線l與拋物線y=

1

4

x2相切于點P（2，1），且與x軸交于點A，O為坐標(biāo)原點，定點B的坐標(biāo)為（2，0）．
（1）若動點M滿足

AB

•

BM

+

2

|

AM

|=0，求動點M的軌跡C的方程；
（2）若過點B的直線l'（斜率不等于零）與（1）中的軌跡C交于不同
的兩點E、F（E在B、F之間），且

BE

=λ

BF

，試求λ的取值范圍．

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如圖，已知直線l與拋物線x²=4y相切于點P（2，1），且與x軸交于點A，定點B的坐標(biāo)為（2，0）．
（I）若動點M滿足

AB

•

BM

+

2

|

AM

|=0，求點M的軌跡C；
（Ⅱ）若過點B的直線l′（斜率不等于零）與（I）中的軌跡C交于不同的兩點E、F（E在B、F之間），試求△OBE與△OBF面積之比的取值范圍．

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一、選擇題  1--5 DDCBA  6--10 ADBCA  11-12 AB

二、填空題   13．     14．12   15．   16．AC          

三、解答題

17.解：（Ⅰ） ，

，

．   ，

，  ．

（Ⅱ）由余弦定理，得　．

，  ．

所以的最小值為，當(dāng)且僅當(dāng)時取等號．

18、（Ⅰ）解法一：依據(jù)題意，因為隊伍從水路或陸路抵達(dá)災(zāi)區(qū)的概率相等，則將“隊伍從水路或陸路抵達(dá)災(zāi)區(qū)”視為同一個事件. 記“隊伍從水路或陸路抵達(dá)災(zāi)區(qū)”為事件C，且B、C相互獨立，而且．……………………………………  2分

在5月13日恰有1支隊伍抵達(dá)災(zāi)區(qū)的概率是

. ………………   5分

解法二：在5月13日恰有1支隊伍抵達(dá)災(zāi)區(qū)的概率是

　　　　　 .………………………………………………………………  5分

（Ⅱ）依據(jù)題意，因為隊伍從水路或陸路抵達(dá)災(zāi)區(qū)的概率相等，則將“隊伍從水路或陸路抵達(dá)災(zāi)區(qū)”視為同一個事件. 記“隊伍從水路或陸路抵達(dá)災(zāi)區(qū)”為事件C，且B、C相互獨立，而且.

設(shè)5月13日抵達(dá)災(zāi)區(qū)的隊伍數(shù)為，則=0、1、2、3、4. ………………  6分

由已知有：；…………………………………  7分

；…………………………  8分

；…………………  9分

；……………………… 10分

. …………………………………………………  10分

因此其概率分布為：

0

1

2

3

4

P

                                                        ………………  11分

所以在5月13日抵達(dá)災(zāi)區(qū)的隊伍數(shù)的數(shù)學(xué)期望為：

=0×+ 1× + 2× + 3×+ 4×=.

答：在5月13日抵達(dá)災(zāi)區(qū)的隊伍數(shù)的數(shù)學(xué)期望=. ………………  12分

19.（I）由已知a₂－a_１=－2, a₃－a₂=－1, －1－（－2）=1 ∴a_n+1－a_n=（a₂－a₁）+（n－1）?1=n－3 

n≥2時，a_n=（ a_n－a_n－1）+（ a_n－1－a_n－2）+…+（ a₃－a₂）+（ a₂－a₁）+ a₁

          =（n－4）+（n－5） +…+（－1）+（－2）+6 =

n=1也合適.  ∴a_n=  （n∈N*） ……………………3分

又b₁－2=4、b₂－2=2 .而  ∴b_n－2=（b₁－2）?（）^n－1即b_n=2+8?（）ⁿ

∴數(shù)列{a_n}、{b_n}的通項公式為：a_n= ，b_n=2+（）^n－3……………  6分

（II）設(shè)

當(dāng)k≥4時為k的增函數(shù)，－8?（）^k也為k的增函數(shù)，……………  8分

而f（4）= ∴當(dāng)k≥4時a^k－b^k≥………………10分

又f（1）=f（2）=f（3）=0   ∴不存在k， 使f（k）∈（0，）…………12分

20、證（Ⅰ）因為側(cè)面，故

 在中，   由余弦定理有

  故有 

  而     且平面

      ………………  4分

（Ⅱ）由

從而  且 故

 不妨設(shè)  ，則，則

又  則

在中有   從而（舍去）

故為的中點時，………………  8分

 法二：以為原點為軸，設(shè)，則

  由得   

 即  

化簡整理得       或

當(dāng)時與重合不滿足題意

當(dāng)時為的中點

故為的中點使………………  8分

 （Ⅲ）取的中點，的中點，的中點，的中點

 連則，連則，連則

 連則，且為矩形，

又   故為所求二面角的平面角………………  10分

在中，

………………  12分

法二：由已知， 所以二面角的平面角的大小為向量與的夾角………………  10分

因為  

故 ………………  12分

21.解：（I）由，  ∴直線l的斜率為，

故l的方程為，∴點A坐標(biāo)為（1，0）……… 2分

設(shè)    則，

由得

整理，得……………………4分

∴動點M的軌跡C為以原點為中心，焦點在x軸上，長軸長為，短軸長為2的橢圓 …… 5分

（II）如圖，由題意知直線l的斜率存在且不為零，設(shè)l方程為y=k（x－2）（k≠0）①