如圖所示，在豎直方向的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，金屬框架ABCD（框架電阻忽略不計(jì)）固定在水平面內(nèi)，AB與CD平行且足夠長，BC與CD夾角θ（θ＜90°），光滑均勻?qū)�體棒EF（垂直于CD）在外力作用下以垂直于自身的速度v向右勻速運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒在滑動(dòng)過程中始終保持與框架良好接觸，經(jīng)過C點(diǎn)瞬間作為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，下列關(guān)于電路中電流大小I與時(shí)間t、消耗的電功率P與導(dǎo)體棒水平移動(dòng)的距離x變化規(guī)律的圖象中正確的是（　�。�

A．

B．

C．

D．

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如圖所示，在豎直方向的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，金屬框架ABCD（框架電阻忽略不計(jì)）固定在水平面內(nèi)，AB與CD平行且足夠長，BC與CD夾角θ（θ＜90°），光滑均勻?qū)�體棒EF（垂直于CD）緊貼框架，在外力作用下以垂直于自身的速度v向右勻速運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過C點(diǎn)作為計(jì)時(shí)起 點(diǎn)，下列關(guān)于電路中電流大小I與時(shí)間t、消耗的電功率P與導(dǎo)體棒水平移動(dòng)的距離x變化規(guī)律的圖象中正確的是（　�。�

A．

B．

C．

D．

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如圖所示，在豎直方向的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，金屬框架ABC固定在水平面內(nèi)，AB與BC間夾角為θ，光滑導(dǎo)體棒DE在框架上從B點(diǎn)開始在外力作用下以速度v向右勻速運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒與框架足夠長且構(gòu)成等腰三角形電路．若框架與導(dǎo)體棒單位長度的電阻均為R，導(dǎo)體棒在滑動(dòng)過程中始終保持與導(dǎo)軌良好接觸，下列關(guān)于電路中電流大小I與時(shí)間t、消耗的電功率P與水平移動(dòng)的距離x變化規(guī)律的圖象中正確的是（　　）

A、

B、

C、

D、

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一、選擇題（每小題6分，共78分）

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

11

12

13

B

C

D

C

B

B

B

A

A

C

D

D

B

二、選擇題（全部選對(duì)的給6分，選對(duì)但不全的給3分，有選錯(cuò)的給0分。共48分）

題號(hào)

14

15

16

17

18

19

20

21

答案

B

B

AD

B

CD

A

B

D

22、（1）×10（填“×10或×1”同樣給分）                 2分

  換擋后未進(jìn)行電阻調(diào)零，讀出的歐姆表示數(shù)未乘以倍率       4分

（2）電源內(nèi)阻較小且滑線變阻器阻值較大                   4分

E=1.5V  r=2.6Ω    ＜    ＜                           各2分

23．（16分）解析：（1）由圖象知，s₁=20m為平衡位置。

       即………………………………………………………………4分

       代入數(shù)據(jù)解得：k=62.5N/m………………………………………………………2分

   （2）當(dāng)s₂=36m時(shí)，由牛頓第二定律得：

       …………………………………………………………4分

       代入數(shù)據(jù)解得：……………………………………………………2分

   （3）由機(jī)械能守恒定律得：=1.8⁴ J…………………4分

24．（18分）解析：（1）以物塊為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得： 

       F_f1=μ₂mg=ma₁…………………1分    

代入數(shù)據(jù)解得：a₁=5m/s²  …………………1分

  以木板為研究對(duì)象，受力如圖。

  豎直方向合力為零，可得：F₂=F₁+Mg…………………1分

  又有F_f2=μ₁F₂…………………1分

根據(jù)牛頓第二定律得：F_f1^‘－ F_f2=Ma₂…………………1分

代入數(shù)據(jù)解得：  a₂=1m/s² …………………1分

 (2)當(dāng)物塊滑到木板右端時(shí)，兩者恰好有共同速度�！�………………2分

設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t₁，物塊和木板運(yùn)動(dòng)的位移分別為s₁ 、s₂。

根據(jù)題意得：v₀-a₁t₁=a₂t₁    …………………2分

 s₁ -s₂=L  …………………2分

s₁=v₀t₁-a₁t₁² …………………2分  

 s₂=a₂t₁² …………………2分              

代入數(shù)據(jù)解得：v₀=6m/s…………………2分

25．（20分）解析：（1）帶電微粒從O點(diǎn)射入磁場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖。

第一次經(jīng)過磁場(chǎng)邊界上的A點(diǎn)

由得:

m………………2分

A點(diǎn)位置坐標(biāo)（-4×10^-3m, -4×10^-3m）………………2分

 (2)設(shè)帶電微粒在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T

則t=t_OA+t_AC=………………3分

T= ……………… 2分

代入數(shù)據(jù)解得：T=1.256×10^-5s  

所以 t=1.256×10^-5s ………………1分

（3）微粒從C點(diǎn)沿y軸正方向進(jìn)入電場(chǎng)，做曲線運(yùn)動(dòng)

………………2分       

………………2分  

………………2分

代入數(shù)據(jù)解得：m………………1分

y=-2r=0.2-2×4×10^-3m=0.192m………………2分

離開電、磁場(chǎng)時(shí)的位置坐標(biāo) (0,  0.192m) ………………1分 

26、（14分）本題答案有開放性，合理即可給分。

⑴①C（或Fe）    ②2F₂＋2H₂O＝4HF＋O₂ ；⑵CuO（Fe₂O₃等）

⑶①CaC₂＋2H₂O＝Ca(OH)₂＋C₂H₂↑ ；②麥芽糖；

⑷①Na₂CO₃＋CO₂＋H₂O＝2NaHCO₃ ；②紅褐色固體。

27、（15分）

（1）6MnO₄^－＋5CuS＋28H^＋＝5Cu²⁺＋5SO₂↑＋6Mn²⁺＋14H₂O      6  

（2）19.6    500 mL容量瓶和天平

（3）設(shè)Cu₂S、CuS的物質(zhì)的量分別為x、y

與Cu₂S、CuS反應(yīng)后剩余KMnO₄的物質(zhì)的量：