答題卷題號123456789101112答案 【查看更多】

 

題目列表(包括答案和解析)

現有L1“110V，100W”，L2“110V，40W”和L3“110V，25W”的燈泡各一個，另有一個合適阻值的滑動變阻器，把它們連接在220V的電源上．有人設計了一種如圖所示的電路．則該電路中的三個燈正常發(fā)光時，滑動變阻器R的阻值是
105.2
105.2
Ω（保留一位小數），電路消耗電能的功率為
200
200
W．題中的電路設計并不是最節(jié)能的，請你設計一個能使燈泡都正常發(fā)光且最節(jié)能的電路，畫在答題卷的方框中．

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下列說法正確的是
AE
AE
（不定項選擇，注意：該題答案寫在答題卷上．不要涂在答題卡上）
A．用打點計時器測量物體運動的加速度時，若交流電的頻率稍微大于50Hz，則加速度的測量值偏小
B．在探究彈簧的伸長與受力關系的試驗中，刻度尺不能固定，直接用手拿著，便于測量
C．在探究物體加速度與合外力關系，畫出a-F圖象時，通過計算，橫坐標繩子拉力直接用F=
MmgM+m
將更加準確，其中M是小車的質量，m是沙和小桶的質量
D．在探究合力和分力關系時，現用兩個彈簧稱拉橡皮條，得到兩個分力F1、F2的圖示，再用一個彈簧稱將細繩套的結點拉到同一點，得到合力的圖示，將各個力的頂點連起來，觀察圖形就能得出合力與分力之間的關系．
E．用打點計時器測量物體運動的加速度時，可以用逐差法計算得出，也可以描出v-t圖象，其斜率就是加速度．

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（2011?溫州二模）某校課題研究小組在做有關電學課題研究中，為了測定某一未知電阻Rx的準確阻值，現有以下器材：
A．待測電阻札（阻值約40Ω）
B．舊手機鋰電池（電動勢約4V，允許通過的最大電流為1OOmA）
C．電壓表V （量程4V，電阻Rv約為4.0kΩ）
D．電流表A1（量程100mA，電阻RA1=3Ω）
E．電流表A2（量程0.6A，電阻RA2約為1Ω）
F．滑動變阻器R1（0?50Ω，額定電流1A）
G．滑動變阻器R2 （0?5Ω，額定電流2A）
H．電阻箱R3（0?999.9Ω）
I．，開關S一只、導線若干
（1）該小組的一位成員，設計了如圖甲所示的電路圖，?所選取的相應的器材均標在圖上（電
源用待測的鋰電池），其他成員發(fā)現他_1：1 選取中有不盡完美之處，你認為應該怎樣調整？
將
A
 
2
換成
A
 
1
將
A
 
2
換成
A
 
1

（2）該小組同學想要測量舊手機鋰電池的電動勢E和內阻r．在實際操作過程中發(fā)現電壓表V已損壞，用余下的器材連成了圖乙所示的電路，分別測出電流表的示數I和電阻箱的示數R，經多次測量，記錄的數據如下表所示．
R/Ω 175.0 115.0 80.0 66.0 45.0 33.4
I/mA 20.0 30.0 42.0 50.0 70.0 90.0
為了便于分析，該小組同學釆用線性圖象處理數據，若以I為橫坐標，則應該選擇
IR
IR
為縱坐標（用題中出現的物理量字母表示），請你在答題卷的坐標紙上做出圖象，并利用圖象求出電池電動勢E=
3.66
3.66
 V，內阻r=
4.70
4.70
Ω．（結果保留三位有效數字）

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（I）某同學在“用打點計時器測加速度”的實驗中，用打點計時器記錄了被小車拖動的紙帶的運動情況，在紙帶上按照打點時間先后順序依次標出0、1、2、3、4、5、6共7個計數點．計數點間的距離如圖1所示，每兩個相鄰的計數點之間的時間間隔為0.10s，完成下面的問題．
（1）根據題中數據可以求出小車的加速度a=
0.496
0.496
m/s2 （結果保留三位有效數字）
（2）關于本試驗下列說法正確的是
AB
AB
．
A．據題中數據還可以求出打點計時器打計數點1時紙帶的速度
B．釋放小車時，小車應靠近打點計時器
C．實驗中換用低壓直流電源時打點計時器仍能正常工作
D．操作中應先釋放小車，待小車運動穩(wěn)定后，再接通電源，使打點計時器工作
（II）（1）用圖2螺旋測微器測量一物體的長度，其讀數為
13.850
13.850
mm，如果用最小刻度為1mm的刻度尺來測量，則其長度讀數為
13.9
13.9
mm．
（2）用伏安法測定一個阻值約1kΩ的電阻，要求測量結果盡量準確．下列器材中應選用的是
ABEFH
ABEFH
．（用字母代號表示）
A．電池組（6V，內阻很�。�
B．電流表（0-10mA，內阻10Ω）
C．電流表（0-1mA，內阻100Ω）
D．電壓表（0-3V，內阻5kΩ）
E．電壓表（0-6V，內阻10kΩ）
F．滑動變阻器（0-20Ω，1A）
G．滑動變阻器（0-200Ω，0.3A）
H．開關、導線
并在方框中畫出實驗電路圖．（畫在答題卷中）

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（12分）在“探究導體電阻與其影響因素的定量關系”實驗中，器材有：
a．粗細均勻的金屬絲（長度x為1.1m，總電阻約5Ω）
b．直流電源（1.5V，內阻不計）
c．電流表（量程0.6A，內阻約為1Ω）
d．電流表（量程300mA，內阻約為2Ω）
e．電壓表（1.5V，內阻約3kΩ）
f．滑動變阻器（10Ω，1.0A）
g．定值電阻（5.0Ω，1.0A）
h．刻度尺、開關、導線若干
為了探究金屬絲的電阻與長度的關系，甲、乙兩位同學選擇以上部分器材設計如圖（a）所示電路：

甲同學逐漸減小金屬絲接入電路的長度x，調整滑動變阻器的觸頭位置，同時保持電壓表示數不變，讀出對應的電流表示數，通過計算得到金屬絲電阻R甲。得到具體數據如表格一所示。

表格一
金屬絲長度/cm
20.0
40.0
60.0
80.0
100.0
金屬絲電阻/Ω
2.2
2.6
3.2
4.0
5.0
   乙同學逐漸減小金屬絲接入電路的長度x，調整滑動變阻器的觸頭位置，同時保持電流表示數不變，讀出對應的電壓表示數，通過計算得到金屬絲電阻R乙。得到具體數據如表格二所示，乙同學根據實驗數據在坐標紙內畫出R-x圖錢，如圖（b）所示。
表格二
金屬絲長度/cm
20.0
40.0
60.0
80.0
100.0
金屬絲電阻/Ω
1.0
2.1
3.0
3.9
5.0
  （1）在乙同學所描圖線的R-x圖（答題卷的R～x圖）中，根據甲同學的實驗數據描出R-x圖線

（2）乙同學應選電流表      （填器材序號，如a、b、C等）
（3）結合R-x圖分析甲、乙兩位同學的測量方案誰更合理，并簡要說明原因。         
（4）若甲同學在保持電壓不變的測量方案下，為了盡量減少溫度變化對實驗造成的影響，從題中給出的器材中選擇所需器材，并設計改進電路？將改進后的電路圖畫在答題紙的虛線框中，并在各元件旁標上它的器材序號。

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題號

1

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答案

C

D

C

ACD

D

A

B

D

BCD

ACD

BD

AC

13.(1) ①從該時刻經，質點M恰經過平衡位置，所以位移為0。②該時刻。振動增強的點是：M、O、P、Q；振動減弱的點是：N。  (2) C

14．（10分）（1）a.干電池正常；b.電鍵正常；c.閉合天關關回路是連通的，沒有斷路之處。（3分）（每答對一點得1分）；

   （2）ACF（3分）  （有一處錯誤即不給分）

   （3）由于燈絲的電阻率隨溫度的升高而增大，歐姆表測出的小燈泡電阻值是常溫下的電阻值，而根據公式計算出的小燈泡電阻值是高溫下（正常工作）的電阻值。（3分，每答對一點得1分）      （4）H（3分）

15. （10分）（1）刻度尺;   （1分）

（2）把木板的末端墊起適當高度

以平衡摩擦力 （2分）

（3）點距均勻(1分)

（4）2W、3W、4W、5W(2分)

（5）v2（1分）；圖像 (2分)

（6）分析誤差來源或改進試驗

方案或測量手段，重新進行試驗（1分）；

若答：“修改試驗數據數據，

使之符合自己的推測”得0分；

16.（1）分析：要求了解光電效應的規(guī)律及光子說理論。

解答：由愛因斯坦光電效應方程可得：

*=W+m                 ∴*=1.9+1.0=2.9eV=2.9×1.6×10―19J

∴λ==4.3×10―7 m

 (2)評析:（1） 輸電線的電阻為：      ①        

P損=P1×4%                                           ②        

P損=I2 R                                              ③     

P2=P1                                                 ④     

P2=I2U2                                               ⑤      

由①②③④⑤式得升壓變壓器的輸出電壓：U2=80000V      ⑥     

(2)  輸電線上的電壓的損失：U損=I2R=3200V              ⑦  

17．（14分）分析和解：（1）帶電粒子經過電場加速，進入偏轉磁場時速度為v，由動能定理

   　　　…………………①（1分）

進入磁場后帶電粒子做勻速圓周運動，軌道半徑為r

………………②（2分）

   打到H點有　　　　………………………③（1分）

由①②③得　…………(1分)

（2）要保證所有粒子都不能打到MN邊界上，粒子在磁場中運動偏角小于90°，臨界狀態(tài)為90°，如圖所示，磁場區(qū)半徑

　　　　　　　　　　　�。�2分）

　所以磁場區(qū)域半徑滿足　　�。�1分）

18．(14分) 解：（1）設小球經過B點時的速度大小為vB，由機械能守恒得：

            （1分）

        求得：vB=10m/s.        （1分）

（2）設小球經過C點時的速度為vC，對軌道的壓力為N，則軌道對小球的壓力N’=N，根據牛頓第二定律可得：

 N’－mg =     （2分）

由機械能守恒得：

     （2分）

由以上兩式及N’= N求得：N = 43N.      （2分）

（3）設小球受到的阻力為f，到達S點的速度為vS，在此過程中阻力所做的功為W，易知vD= vB，由動能定理可得：

    （2分）

求得W=－68J. （2分）

小球從D點拋出后在阻力場區(qū)域內的運動軌跡不是拋物線．（2分）

19.（16分） （1）由題意可知：板1為正極，板2為負極                  ①

　　兩板間的電壓U＝                   　　 ②

而：S＝πr2　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 　 �、�

帶電液滴受的電場力：F＝qE=　　　　　　　　　　 　　 ④

故：F－mg＝－mg＝ma

a=－g                                            　�、�

討論：

一．若　a>0

液滴向上偏轉，做類似平拋運動

y＝ 　　　　　　　　　　　　　　　　�、�

當液滴剛好能射出時：

有　l＝v0t   t＝　　y＝d　

故　d=                        　�、�

由②③⑦得　　K1＝    　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　⑧

 要使液滴能射出，必須滿足　y<d    故　K＜K1

二．若　a＝0

液滴不發(fā)生偏轉，做勻速直線運動，此時　a=－g＝0　　　�、�

由②③⑨得　K2＝　　　　　　　　　　　　　　　　　�、�

液滴能射出，必須滿足K＝K2

三．若　a<0,、，液滴將被吸附在板2上。

綜上所述：液滴能射出，


   

    
    

    
 
（2）B＝B0＋Kt
當液滴從兩板中點射出進，滿足條件一的情況，則
用替代⑧式中的d
　　　　　　　　　　　　　　　　　　  　12
即　　　　　　　　　　　　　　　   13
20．（16分）⑴木塊和木盒分別做勻減速運動，加速度大小分別為：aA = μAg = 1m/s2                           
            
aB = μBg = 2m/s2    設經過時間T發(fā)生第一次碰撞  則有：
L－l = SA－SB = V0T－   代入數據得：T = 2s         
（2分）
⑵碰前木塊和木盒的速度分別為：VA′=V0-aAT=16m/s    VB′=V0-aBT=14m/s
相碰過程動量守恒有：mvA′+mvB′=
mvA+mvB      
代入數據得： vA=vB′=14m/s  方向向右                                    
（2分）
  vB = vA′=16m/s 
方向向右                                               （2分）
⑶設第一次碰撞后又經過T1時間，兩者在左端相遇有： L－l = SB－SA
     SB= vB T1－    SA= vA T1－    代入數據得；T1=T=2s           （2分）
在左端相碰前：木塊、木盒速度分別為：m/s   m/s 
可見木塊、木盒經過時間t1=2T在左端相遇接觸時速度恰好相同          
    （2分）
同理可得：木塊、木盒經過同樣時間t2 = 2T，第二次在左端相遇 m/s
木塊、木盒第三次又經過同樣時間t3=2T在左端相遇，速度恰好為零。由上可知：木塊、木盒，最后能同時停止運動         
                                    （2分）
經歷的時間：t總= 6T = 12s                                                 （2分）
(4)由⑵歸納可知：v0 = 6K(K�。�1，2，3……)        
                           （2分）
 
 
 
 
		

	
	

		



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