Question

（2011?崇明縣二模）如圖1所示，一個(gè)質(zhì)量m=0.1kg的正方形金屬框總電阻R=0.5Ω，金屬框放在表面絕緣且光滑的斜面頂端（金屬框上邊與AA′重合），自靜止開(kāi)始沿斜面下滑，下滑過(guò)程中穿過(guò)一段邊界與斜面底邊BB′平行、寬度為d的勻強(qiáng)磁場(chǎng)后滑至斜面底端（金屬框下邊與BB’重合），設(shè)金屬框在下滑過(guò)程中的速度為v，與此對(duì)應(yīng)的位移為s，那么v²-s圖象（記錄了線框運(yùn)動(dòng)全部過(guò)程）如圖2所示，已知?jiǎng)驈?qiáng)磁場(chǎng)方向垂直斜面向上．試問(wèn)：（g取10m/s²）
（1）根據(jù)v²-s圖象所提供的信息，計(jì)算出金屬框在進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域前下滑的加速度a，及從斜面頂端滑至底端所需的時(shí)間為多少？
（2）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度多大？
（3）現(xiàn)用平行斜面沿斜面向上的恒力F作用在金屬框上，使金屬框從斜面底端BB′（金屬框下邊與BB′重合）由靜止開(kāi)始沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，并勻速通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域后到達(dá)斜面頂端（金屬框上邊與AA′重合）．試計(jì)算恒力F的大�。�

Answer 1

分析：（1）根據(jù)圖象可知線框的運(yùn)動(dòng)分為三部分，開(kāi)始初速度為零的勻加速，接著勻速，最后又是勻加速，根據(jù)圖象提供的速度、位移關(guān)系結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律，可正確解答．
（2）由圖可知金屬框開(kāi)始沿斜面勻加速運(yùn)動(dòng)，然后勻速穿過(guò)磁場(chǎng)，完全穿出后，又勻加速運(yùn)動(dòng)，勻速運(yùn)動(dòng)的位移為磁場(chǎng)寬度和金屬框?qū)挾戎�和�?BR>（3）運(yùn)用動(dòng)能定理研究恒力作用時(shí)到金屬框上邊進(jìn)入磁場(chǎng)列出等式，線框穿過(guò)磁場(chǎng)時(shí)處于平衡狀態(tài)列出等式求解．

解答：解：由v²-s圖象可知，物體運(yùn)動(dòng)分為三段，
設(shè)位移分別為  S₁，S₂，S₃對(duì)應(yīng)的時(shí)間分別為t₁，t₂，t₃，
S₁=0.9m   v₀=0     勻加速運(yùn)動(dòng)
S₂=1m   v₁=3m/s     勻速運(yùn)動(dòng)
S₃=1.6m  初速度v₁=3m/s   末速度v₃=5m/s    勻加速運(yùn)動(dòng)
（1）S₁=0.9m   v₀=0     勻加速運(yùn)動(dòng)
由公式v²=2as
得：a₁=5m/s²，
t₁=

v1

a1

=0.6s
t₂=

S2

v1

=

1

3

s
v₃²-v₁²=2a₃S₃ 
解得：a₃=5m/s²
t₃=0.4s
t_總=t₁+t₂+t₃=

4

3

s
（2）線框通過(guò)磁場(chǎng)時(shí)，線框作勻速運(yùn)動(dòng)，線框受力平衡
在AA′a′a區(qū)域，對(duì)線框進(jìn)行受力分析
mgsinθ=ma₁
穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，
F_安=BIL=mgsinθ
BL

BLv1

R

=ma₁
有題干分析得：線框的寬度L=d=

S2

2

=0.5m
解得B=

3

3

T
（3）設(shè)恒力作用時(shí)金屬框上邊進(jìn)入磁場(chǎng)速度為V，根據(jù)動(dòng)能定理得：
FS₃-mgS₃sinθ=

1

2

mv²
線框穿過(guò)磁場(chǎng)時(shí)，F(xiàn)=mgsinθ+BL

BLv

R

又由 mgsinθ=ma₁
解得v=

16

3

m/s，F(xiàn)=

25

18

N
答：（1）金屬框在進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域前下滑的加速度a是5m/s²，及從斜面頂端滑至底端所需的時(shí)間為

4

3

s
（2）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度是

3

3

T
（3）恒力F的大小是

25

18

N．

點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵能通過(guò)圖象分析出物體的運(yùn)動(dòng)狀況：先做勻加速，再做勻速，接著做勻加速．以及能對(duì)線框進(jìn)行正確的受力分析和熟練運(yùn)用動(dòng)能定理．