【題目】如圖甲所示,在以O(shè)為坐標(biāo)原點(diǎn)的xoy平面內(nèi),存在著范圍足夠大的電場(chǎng)和磁場(chǎng).一個(gè)質(zhì)量m=2×10﹣2kg,帶電量q=+5×10﹣3C的帶電小球在0時(shí)刻以v0=40m/s的速度從O點(diǎn)沿+x方向(水平向右)射入該空間,在該空間同時(shí)加上如圖乙所示的電場(chǎng)和磁場(chǎng),其中電場(chǎng)沿﹣y方向(豎直向上),場(chǎng)強(qiáng)大小E0=40V/m.磁場(chǎng)垂直于xoy平面向外,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B0=4πT.取當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=10m/s2 , 不計(jì)空氣阻力,計(jì)算結(jié)果中可以保留根式或π.試求:

(1)12s末小球速度的大。
(2)在給定的xoy坐標(biāo)系中,大體畫出小球在0~24s內(nèi)運(yùn)動(dòng)軌跡的示意圖.
(3)26s末小球的位置坐標(biāo).

【答案】
(1)解: 0~1s內(nèi),小球只受重力作用,做平拋運(yùn)動(dòng).當(dāng)同時(shí)加上電場(chǎng)和磁場(chǎng)時(shí),電場(chǎng)力:F1=qE0=0.2N,方向向上,

重力:G=mg=0.2N,方向向下,重力和電場(chǎng)力恰好平衡.此時(shí)小球只受洛倫茲力而做勻速圓周運(yùn)動(dòng),

根據(jù)牛頓第二定律有:

運(yùn)動(dòng)周期 ,聯(lián)立解得T=2s

正好是電場(chǎng)、磁場(chǎng)同時(shí)存在時(shí)間的5倍,即在這10s內(nèi),小球恰好做了5個(gè)完整的勻速圓周運(yùn)動(dòng).所以小球在t1=12s時(shí)刻的速度相當(dāng)于小球做平拋運(yùn)動(dòng)t=2s時(shí)的末速度.

vy=gt=20m/s,

vx=v0=40m/s

m/s

答:12s末小球速度的大小 m/s.


(2)小球在24s內(nèi)的運(yùn)動(dòng)軌跡示意圖如圖所示


(3)分析可知,小球26s末與24s末的位置相同,在26s內(nèi)小球做了3s的平拋運(yùn)動(dòng),23s末小球平拋運(yùn)動(dòng)的位移大小為:

x1=v03=120m

m

3s時(shí)小球的速度大小為 m/s

速度與豎直方向的夾角為θ=53°

此后小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑 m

26s末,小球恰好完成了半個(gè)圓周運(yùn)動(dòng),此時(shí)小球的位置坐標(biāo)

m

m

答:26s末小球的位置坐標(biāo)


【解析】(1)以小球?yàn)檠芯繉?duì)象,對(duì)小球進(jìn)行受力分析,求出圓周運(yùn)動(dòng)的周期和所給時(shí)間直間的關(guān)系,最后利用平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求解;
(2)根據(jù)計(jì)算結(jié)果,可正確畫出圖象;
(3)由于圓周運(yùn)動(dòng)的周期性畫出26s內(nèi)小球運(yùn)動(dòng)軌跡圖,然后利用幾何知識(shí)求解.

練習(xí)冊(cè)系列答案
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(1)通過(guò)計(jì)算判斷,小球A能否到達(dá)圓環(huán)的最高點(diǎn)C?
(2)求小球A的最大速度值.
(3)求小球A從圖示位置逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中,其電勢(shì)能變化的最大值.

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A.
B.
C.
D.

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A.繩子上拉力可能為零
B.地面受的壓力可能為零
C.地面與物體間可能存在摩擦力
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(1)在x﹣v圖象中,圖線a表示質(zhì)點(diǎn)(填“甲”或“乙”)的運(yùn)動(dòng),質(zhì)點(diǎn)乙的初速度v0=
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A.
B.
C.
D.

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