Question

如圖所示，足夠長(zhǎng)的木板質(zhì)量M=0.2kg，靜止在水平地面上，與地面間動(dòng)摩擦因數(shù)μ₁=0.1，另一質(zhì)量m=0.1kg的小滑塊以v₀=0.9m/s初速滑上長(zhǎng)木板，滑塊與長(zhǎng)木板間動(dòng)摩擦因數(shù)μ₂=0.4，求
（1）小滑塊滑上長(zhǎng)木板后，相對(duì)于長(zhǎng)木板運(yùn)動(dòng)的總位移；
（2）小滑塊自滑上長(zhǎng)木板到最后靜止的過(guò)程中，小滑塊的總位移．（g=10m/s²）

Answer 1

分析：滑塊滑上木板滑塊做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，木板做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，達(dá)到共同速度后，共同做減速運(yùn)動(dòng)直至停止，根據(jù)牛頓第二定律分別求出它們的加速度，求出兩物體速度相同時(shí)所需的時(shí)間，從而求出小滑塊相對(duì)地面的位移大小，再求出共同做減速運(yùn)動(dòng)直至停止的位移，從而求出小滑塊自滑上長(zhǎng)板到最后靜止（相對(duì)地面）的過(guò)程中運(yùn)動(dòng)的位移．

解答：解：對(duì)于m，它開(kāi)始減速運(yùn)動(dòng)的加速度大�。�
a₁=μ₂g=0.4×10=4m/s²
設(shè)M加速度大小為a₂：
a₂=

μ2mg-μ1(M+m)g

M

代入數(shù)據(jù)，解得：a₂=0.5m/s²
由于m減速，M加速，設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t₁二者達(dá)到共同速度，
有V₀-a₁t₁=a₂t₁，
代入數(shù)據(jù)，解得：t₁=0.2s                                                   
m在這段時(shí)間內(nèi)滑行的位移：
X₁=V₀t₁-

1

2

a1

t

2 1

=0.9×0.2-

1

2

×4×0．22=0.1m                       
M在這段時(shí)間內(nèi)滑行的位移：
X₂=

1

2

a2

t

2 1

=

1

2

×0.5×0．22=0.01m                         
小滑塊滑上長(zhǎng)木板后，相對(duì)于長(zhǎng)木板運(yùn)動(dòng)的總位移：
△x=X₁-X₂=0.09m     
（2）當(dāng)二者達(dá)到共同速度后，由于地面摩擦，將一起做減速運(yùn)動(dòng)，設(shè)共同運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度加速度大小為a₃，
a₃=μ₁g=0.1×10=1m/s²
之后m與M一起做減速運(yùn)動(dòng)，后階段的初速度為：
V=a₂t₁=0.5×0.2=0.1m/s             
m與M一起做減速運(yùn)動(dòng)的位移為：
X₃=

v2

2a3

=

0．12

2×1

=0.005m                        
則全過(guò)程m相對(duì)于地移動(dòng)的距離為：
X=X₁+X₃=0.1+0.005=0.105m
答：（1）小滑塊滑上長(zhǎng)木板后，相對(duì)于長(zhǎng)木板運(yùn)動(dòng)的總位移為0.09m；
（2）小滑塊自滑上長(zhǎng)木板到最后靜止的過(guò)程中，小滑塊的總位移為0.105m．

點(diǎn)評(píng)：本題考查了牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的綜合運(yùn)用，關(guān)鍵理清滑塊和木板的運(yùn)動(dòng)情況，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解．