Question

（2010•龍巖二模）已知a為實(shí)數(shù)，x=1是函數(shù)f(x)=

1

2

x2-6x+alnx的一個(gè)極值點(diǎn)．
（Ⅰ）求a的值；
（Ⅱ）若函數(shù)f（x）在區(qū)間（2m-1，m+1）上單調(diào)遞減，求實(shí)數(shù)m的取值范圍；
（Ⅲ）設(shè)函數(shù)g(x)=x+

1

x

，對(duì)于任意x≠0和x₁，x₂∈[1，5]，有不等式|λg（x）|-5ln5≥|f（x₁）-f（x₂）|恒成立，求實(shí)數(shù)λ的取值范圍．

Answer 1

分析：（I）利用1處的導(dǎo)數(shù)值為0就可求的a的值；
（Ⅱ）利用導(dǎo)數(shù)小于0求出函數(shù)的遞減區(qū)間，然后讓區(qū)間（2m-1，m+1）是求出減區(qū)間子區(qū)間就可求出參數(shù)m的取值范圍，還要注意：2m-1＜m+1；
（Ⅲ）先利用導(dǎo)數(shù)求出函數(shù)的極大值和極小值，極大值和極小值之差就是|f（x₁）-f（x₂）|的最大值，然后讓|λg（x）|-5ln5大于等于這個(gè)最大值，再用基本不等式求出|λg（x）|
的最小值，便可求出實(shí)數(shù)λ的取值范圍．

解答：解：f′(x)=x-6+

a

x

（I）f′（1）=0⇒1-6+a=0⇒a=5
（Ⅱ）首先x＞0，由（I）得f′(x)=x-6+

5

x

=

x2-6x+5

x

=

(x-1)(x-5)

x

令f′（x）＜0，得：1＜x＜5即f（x）的單調(diào)遞減區(qū)間是（1，5）
∵f（x）在區(qū)間（2m-1，m-1）上單調(diào)遞減
∴（2m-1，m-1）⊆（1，5）⇒

2m-1＜m-1 2m-1≥1 m-1≤5

⇒1≤m＜2
（Ⅲ）由（I），f(x)=

1

2

x2-6x+5lnx，列表如下：

則f(x)極大值=f(1)=-

11

12

，f(x)極小值=f(5)=-

35

2

+5ln5
∴|f(x1)-f(x2)|≤-

11

2

-(-

35

2

+5ln5)=12-5ln5
∴|λg（x）|-5ln5≥|f（x₁）-f（x₂）|恒成立?∴|λg（x）|≥12恒成立
∵|g(x)|=|x+

1

x

|=|x|+|

1

x

|≥2當(dāng)且僅當(dāng)x=±1取等號(hào)
|λg（x）|_min=|2λ|≥12⇒|λ|≥6⇒λ≤-6或λ≥6

點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了利用導(dǎo)數(shù)求單調(diào)區(qū)間及極值的方法，還涉及到恒成立問題轉(zhuǎn)化為求最值問題的一般數(shù)學(xué)思想，在第2問很容易忽略區(qū)間的左端點(diǎn)要小于右端點(diǎn)這一條件，所以本題也屬于易錯(cuò)題．