Question

【題目】如圖1，在△ABC中，AB=AC，射線BP從BA所在位置開(kāi)始繞點(diǎn)B順時(shí)針旋轉(zhuǎn)，旋轉(zhuǎn)角為α（0°＜α＜180°）

（1）當(dāng)∠BAC=60°時(shí)，將BP旋轉(zhuǎn)到圖2位置，點(diǎn)D在射線BP上．若∠CDP=120°，則∠ACD ∠ABD（填“＞”、“=”、“＜”），線段BD、CD與AD之間的數(shù)量關(guān)系是 ；

（2）當(dāng)∠BAC=120°時(shí)，將BP旋轉(zhuǎn)到圖3位置，點(diǎn)D在射線BP上，若∠CDP=60°，求證：BD﹣CD=AD；

（3）將圖3中的BP繼續(xù)旋轉(zhuǎn)，當(dāng)30°＜α＜180°時(shí)，點(diǎn)D是直線BP上一點(diǎn)（點(diǎn)P不在線段BD上），若∠CDP=120°，請(qǐng)直接寫(xiě)出線段BD、CD與AD之間的數(shù)量關(guān)系（不必證明）．

Answer 1

【答案】（1）∠ACD=∠ABD，BD=CD+AD；（2）詳見(jiàn)解析；（3）BD+CD=AD．

【解析】試題分析：（1）如圖2，根據(jù)已知條件易證∠CDB=∠BAC=60°，可得A、B、C、D四點(diǎn)共圓，根據(jù)圓周角定理可得∠ACD=∠ABD；在BP上截取BE=CD，連接AE．利用SAS證明△DCA≌△EBA，得出AD=AE，∠DAC=∠EAB，再證明△ADE是等邊三角形，得到DE=AD，從而得出BD=CD+AD．

（2）如圖3，設(shè)AC與BD相交于點(diǎn)O，在BP上截取BE=CD，連接AE，過(guò)A作AF⊥BD于F．根據(jù)兩角對(duì)應(yīng)相等的兩三角形相似可證△DOC∽△AOB，所以∠DCA=∠EBA．再利用SAS證明△DCA≌△EBA，得出AD=AE，∠DAC=∠EAB．由∠CAB=∠CAE+∠EAB=120°，得出∠DAE=120°，根據(jù)等腰三角形的性質(zhì)及三角形內(nèi)角和定理求出∠ADE=∠AED==30°．在Rt△ADF，利用銳角三角函數(shù)得到DF=AD，所以DE=2DF=AD，從而得出BD=DE+BE=AD+CD，即BD﹣CD=AD；

（3）同（2）證明可以得出BD+CD=AD．

試題解析：解：（1）如圖2，∵∠CDP=120°，

∴∠CDB=60°，

∵∠BAC=60°，

∴∠CDB=∠BAC=60°，

∴A、B、C、D四點(diǎn)共圓，

∴∠ACD=∠ABD．

在BP上截取BE=CD，連接AE．

在△DCA與△EBA中，

，

∴△DCA≌△EBA（SAS），

∴AD=AE，∠DAC=∠EAB，

∵∠CAB=∠CAE+∠EAB=60°，

∴∠DAE=60°，

∴△ADE是等邊三角形，

∴DE=AD．

∵BD=BE+DE，

∴BD=CD+AD．

故答案為∠ACD=∠ABD，BD=CD+AD；

（2）如圖3，設(shè)AC與BD相交于點(diǎn)O，在BP上截取BE=CD，連接AE，過(guò)A作AF⊥BD于F．

∵∠CDP=60°，

∴∠CDB=120°．

∵∠CAB=120°，

∴∠CDB=∠CAB，

∵∠DOC=∠AOB，

∴△DOC∽△AOB，

∴∠DCA=∠EBA．

在△DCA與△EBA中，

，

∴△DCA≌△EBA（SAS），

∴AD=AE，∠DAC=∠EAB．

∵∠CAB=∠CAE+∠EAB=120°，

∴∠DAE=120°，

∴∠ADE=∠AED==30°．

∵在Rt△ADF中，∠ADF=30°，

∴DF=AD，

∴DE=2DF=AD，

∴BD=DE+BE=AD+CD，

∴BD﹣CD=AD；

（3）BD+CD=AD．