【題目】如圖,⊙O的半徑OA⊥OC,點D在上,且=2,OA=4.

(1)∠COD=    °;

(2)求弦AD的長;

(3)P是半徑OC上一動點,連結(jié)AP、PD,請求出AP+PD的最小值,并說明理由.

(解答上面各題時,請按題意,自行補足圖形)

【答案】(1)30;(2)弦AD長為4;(3)AP+PD的最小值為,理由見解析.

【解析】(本小題滿分12分)

解:(1)30;……………………………………………………………………1分

(2)連結(jié)OD、AD(如圖2).

∵OA⊥OC,∴∠AOC=90°.∵=2,

設(shè)所對的圓心角∠COD=,………………………………………………1分

則∠AOD=,…………………………………………………………………2分

由∠AOD+∠DOC=90°,

=90°,∴=30°,=60°,…………………………3分

即∠AOD=60°,又∵OA=OD,∴△AOD為等邊三角形,…………4分

∴AD=OA=4;…………………………………………………………………5分

(3)過點D作DE⊥OC,交⊙O于點E,……………………………………1分

連結(jié)AE,交OC于點P(如圖3),………………………………………………2分

則此時,AP+PD的值最。

∵根據(jù)圓的對稱性,點E是點D關(guān)于OC的對稱點,

OC是DE的垂直平分線,即PD=PE.………………………………………3分

∴AP+PD=AP+PE=AE,

若在OC上另取一點F,連結(jié)AF、FD及EF,

在△AFE中,AF+FE>AE,

即AF+FE>AP+PD,

∴可知AP+PD最。捶

∵∠AED=∠AOD=30°,

又∵OA⊥OC,DE⊥OC,∴OA∥DE,

∴∠OAE=∠AED=30°.

延長AO交⊙O于點B,連結(jié)BE,∵AB為直徑,

∴△ABE為直角三角形.由=cos∠BAE,……………………………5分

得AE=AB·cos30°=2×4×,……………………………6分

即AP+PD=

[也可利用勾股定理求得AE]

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